Đốt amino axit kết hợp tác dụng với axit vô cơ

Đáp án C

1 mol T gồm 0,5 mol amin và 0,5 mol amino axit.

phản ứng với 1 mol NaOH chỉ có amino axit ⇒ amino axit chứa 2 nhóm COOH.

phản ứng với 1 mol HCl ⇒ amin và amino axit đều chỉ chứa một nhóm NH₂.

các chất đều no, mạch hở ⇒ amin dạng C_nH_{2n + 3} và amino axit dạng C_mH_{2m – 1}NO₄.

♦ giải đốt 1 mol T + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  4 mol CO₂ + a mol H₂O + b mol N₂.

• bảo toàn nguyên tố N có b = n_N2 = ½.n_T = 0,5 mol.

• tương quan đốt có: ∑n_H2O – ∑n_CO2 = 1,5.n_amin – 0,5.n_{amino axit}

thay số mol và có a = ∑n_H2O = 4,5 mol. Theo đó có a : b = 9

Đáp án A

Đáp án D

♦ đốt 0,1 mol X + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  0,14 mol CO₂ + 0,16 mol H₂O + ? mol N₂.

⇒ có C_{trung bình hỗn hợp X} = 1,4 ⇒ axit cacboxylic là HCOOH (vì C_{amino axit} ≥ 2).

Tương quan: ∑n_H2O > n_CO2 mà amino axit chỉ chứa 1 nhóm NH₂

⇒ amino axit thuộc loại no, mạch hở, phân tử chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH

Tương quan đốt có: ½.n_{amino axit} = ∑n_H2O – ∑n_CO2 = 0,02 mol

⇒ n_{amino axit} = 0,04 mol và n_HCOOH = n_X – n_{amino axit} = 0,06 mol.

⇒ C_{amino axit} = (0,14 – 0,06 × 1) ÷ 0,04 = 2 → amino axit là H₂NCH₂COOH.

||→ ứng với 0,1 mol X có 0,04 mol C₂H₅NO₂ và 0,06 mol HCOOH; m_X = 5,76 gam

⇒ dùng 11,52 gam X ứng với 0,08 mol C₂H₅NO₂ và 0,12 mol HCOOH.

Phản ứng với axit HCl chỉ có amino axit: H₂NCH₂COOH + HCl → ClH₃NCH₂COOH.

⇒ n_HCl = n_NH2 = 0,08 mol ⇒ V = V_HCl = 0,08 ÷ 2 = 0,04 lít ⇄ 40 mL

Đáp án B

Đáp án A

X gồm các amino axit ⇒ thành phần chứa các nguyên tố C, H, N, O

trong đó, m_O : m_N = 8 : 3 ⇒ n_O : n_N = 7 : 3.

♦ đốt m gam X + 0,21 mol O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^{}}{\to }$  0,18 mol CO₂ + ? mol H₂O + 0,03 mol N₂.

||⇒ n_{N trong X} = 2n_N2 = 0,06 mol ⇒ n_{O trong X} = 0,06 × 7 ÷ 3 = 0,14 mol.

⇒ bảo toàn nguyên tố O phản ứng đốt có n_H2O = 0,2 mol → BTKL có m = m_X = 5,64 gam.

♦ phản ứng với axit: –NH₂ + HCl → –NH₃Cl ||⇒ n_HCl = n_NH2 = 0,06 mol.

⇒ BTKL có m_muối = m_X + m_HCl = 5,64 + 0,06 × 36,5 = 7,83 gam.

Đáp án D

: Hỗn hợp Y gồm hai amino axit no, mạch hở, phân tử mỗi chất chỉ chứa

một nhóm amino và một nhóm cacboxyl ⇒ Y dạng: C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ giải đốt m gam C_nH_{2n + 1}NO₂ + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  0,1 mol CO₂ + 0,12 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt có: ∑n_H2O – ∑n_CO2 = ½.n_Y ⇒ n_Y = 0,04 mol ⇒ n = ∑n_CO2 : n_Y = 2,5.

♦ phản ứng với bazơ: C_nH_{2n + 1}NO₂ + KOH → C_nH_2nNO₂K + H₂O.

⇒ a = m_muối = m_CnH_2nNO₂K = 0,04 × 120 = 4,80 gam

Đáp án B

1 mol E gồm 0,5 mol amin và 0,5 mol amino axit.

phản ứng với 0,5 mol NaOH chỉ có amino axit ⇒ amino axit chứa 1 nhóm COOH.

phản ứng với 1 mol HCl ⇒ amin và amino axit đều chỉ chứa một nhóm NH₂.

các chất đều no, mạch hở ⇒ amin dạng C_nH_{2n + 3} và amino axit dạng C_mH_{2m + 1}NO₂.

♦ giải đốt 1 mol E + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  3 mol CO₂ + x mol H₂O + y mol N₂.

• bảo toàn nguyên tố N có n_N2 = ½.n_E = 0,5 mol.

• tương quan đốt có: ∑n_H2O – ∑n_CO2 = ½.n_{amino axit} + 1,5n_amin

thay số mol và có x = ∑n_H2O = 4 mol

Đáp án C

♦ phản ứng với axit: –NH₂ + HCl → –NH₃Cl.

⇒ ∑n_NH2 = 0,04 mol và m_{hai amino axit} = 6,18 – 0,04 × 36,5 = 4,72 gam.

♦ phản ứng với bazơ: –COOH + NaOH → –COONa + H₂O.

tăng giảm khối lượng có ∑n_COOH = (6,04 – 4,72) ÷ 22 = 0,06 mol

⇒ ∑n_{O trong hai amino axit} = 2∑n_COOH = 0,12 mol.

♦ giải đốt: hai amino axit + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  0,16 mol CO₂ + a gam H₂O + N₂.

có m_{hai amino axit} = m_C + m_H + m_O + m_N ⇒ m_H = 0,32 gam

⇒ n_H2O = 0,16 mol ⇒ a = m_H2O = 0,16 × 18 = 2,88 gam

Đáp án D

Đáp án D

► Đặt n_X = x; n_Y = y ⇒ n_HCl = x + y = 0,05 mol = n_N ⇒ n_N2 = 0,025 mol.

⇒ n_CO2 = 0,12 mol ⇒ n_H2O – n_CO2 = 1,5x + 0,5y = 0,055 mol ||⇒ giải hệ có:

x = 0,03 mol; y = 0,02 mol ||● Gọi số C trong X và Y là a và b (a ≥ 1; b ≥ 2).

⇒ 0,03a + 0,02b = 0,12 ||⇒ giải phương trình nghiệm nguyên cho: a = 2 và b = 3.

⇒ X là C₂H₇N và Y là C₃H₇NO₂ ⇒ chọn D vì M_Y = 89

Đáp án C

n_CO2 = 0,65 mol < n_H2O = 0,7 mol ⇒ Z chứa 1 nhóm –COOH.

C_tb = 0,65 ÷ 0,4 = 1,625 ⇒ X là HCOOH (⇒ B đúng) và Y có dạng C_nH_2nO₂.

⇒ n_Z = (0,7 - 0,65) ÷ 0,5 = 0,1 mol ⇒ n_X = n_Y = (0,4 - 0,1) ÷ 2 = 0,15 mol.

⇒ x = 0,1 × 0,3 ÷ 0,4 = 0,075 mol ⇒ A đúng.

Gọi số C của Z là m ⇒ 0,15n + 0,1m + 0,15 = 0,65 ⇒ m = n = 2.

⇒ Y là CH₃COOH và Z là H₂N-CH₂-COOH.

⇒ %m_Y = 38,46%; %m_Z = 32,05% ⇒ C sai và D đúng

Đáp án B

n_CO2 = 0,6 mol < n_H2O = 0,675 mol ⇒ x = 1.

⇒ n_a.a = (0,675 – 0,6) ÷ 0,5 = 0,15 mol.

||⇒ a = 0,15 × 0,2 ÷ 0,25 = 0,12 mol

Đáp án B

Làm no E bằng cách thêm 0,3 mol H₂ ⇒ H₂O sinh ra là 2,7 + 0,3 = 3 mol.

||⇒ E gồm C₃H₆O₂, Lys và C₅H₁₃N với số mol x, y và z ⇒ x + y + z = 0,5.

n_O2 = 3,5x + 8,5y + 8,25z = 3,55 + 0,3 ÷ 2 mol || n_H2O = 3x + 7y + 6,5z = 3 mol.

x = 0,1 mol; y = z = 0,2 mol ||⇒ %m_C3H₆O₂ = $\frac{0,1\mathrm{x}74}{0,1\mathrm{x}74+0,2\mathrm{x}146+0,2\mathrm{x}87-0,3\mathrm{x}2}$  = 13,86%

Đáp án A

Bỏ bớt đi 2 amin no đơn chức đi

Số mol H₂SO₄ phản ứng = 8,33/98=0,085 mol

Suy ra số mol NaOH phản ứng với X = 0,28 - 2.0,85 = 0,11

Đặt số mol mỗi chất là x,y và z

Ta được: 

Đáp án B

giả thiết m_O : m_N = 20 : 7 ⇒ n_O : n_N = 2,5.

• phản ứng với axit: NH₂ + HCl → NH₃Cl

||⇒ n_N = n_HCl = 0,08 mol ⇒ n_O = 0,2 mol.

♦ giải đốt: 8,0 gam E (C, H, O, N) + 0,3 mol O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O + 0,04 mol N₂.

có m_E = m_C + m_H + m_O + m_N ⇒ 12x + 2y = 3,68 gam.

lại theo bảo toàn nguyên tố O có: 0,2 + 0,3 × 2 = 2x + y

||⇒ giải hệ được x = 0,26 mol và y = 0,28 mol.

có 0,26 mol CO₂ cho vào Ca(OH)₂ dư ⇒ m = m_CaCO3↓ = 26 gam

Đáp án B

-     Khi cho 3,83 gam X tác dụng với HCl thì: 

-     Theo đề bài ta có: 

-     Khi đốt cháy hoàn toàn 3,83 gam hỗn hợp X thì:

-     Dẫn sản phẩm cháy vào nước vôi trong dư thì:

Đáp án C

Hỗn hợp X gồm 1 mol amin no mạch hở Y và 2 mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hay 4 mol NaOH

→ Y là amin no chứa 2 chức amin C_nH_2n+4N₂ , Z chứa 2 chức COOH và 1 chức amin C_mH_2m-1NO₄ ( với m ≥ 3)

Chú ý khi đốt a gam hỗn hợp X tỉ lệ các chất Y, Z tương ứng là 1:2.

Gọi số mol của Y, Z tương ứng trong a gam là b, 2b mol

C_nH_2n+4N₂ + (1,5n +1) O₂ → nCO₂ + (n + 2) H₂O + N₂

C_mH_2m-1NO₄ + ( 1,5m-2,25)O₂ → mCO₂ + (m-0,5)H₂O + 0,5N₂

Có n_N2 = b + 2b. 0,5 = 0,36 → b = 0,18 mol

Có n_O2 = 0,18. ( 1,5n+1) + 0,36. ( 1,5m - 2,25) = 2,07 → n + 2m = 10

→ a = 0,18. ( 14n +32) + 0,36. ( 14m + 77) = 0,18. 14 ( n+ 2m) + 0,18. 32 + 0,36 .77= 58,68g

Có n_HCl = 2n_Y + n_Z = 0,18. 2 + 0,36 = 0,72 mol

Bảo toàn khối lượng → m_muối = m_X + m_HCl = 58, 68 + 0,72. 36,5 = 84,96 gam.

Đáp án C

Đáp án C

X dạng C_nH_{2n + 3}N; Y dạng C_mH_{2m + 1}NO₂ đốt thu 0,4 mol hỗn hợp (CO₂; N₂) + 0,46 mol H₂O.

Tương quan: ∑n_H2O – ∑n_CO2 + N₂ = 1.n_X + 0.n_Y ||→ n_X = 0,06 mol → n_X = 0,06 mol.

∑n_N2 = ½.n_{X + Y} = 0,06 mol → n_CO2 = 0,34 mol ||→ m_Z = m_C + m_H + m_N + m_O = 8,6 gam.

phản ứng với HCl là –NH₂ + HCl → –NH₃Cl ||→ m_muối = 8,6 + 0,12 × 36,5 = 12,98 gam.

► yêu cầu: dùng 21,5 gam Z là dùng gấp 2,5 lần ||→ m_{muối yêu cầu} = 12,98 × 2,5 = 32,45 gam.

Đáp án C

Có n_O2 = n_kk : 5 = 0,315 mol, n_CO2 = 0,3 mol , n_H2O = 0,27 mol

Bảo toàn nguyên tố O → n _{O (X)} = 0,3.2 + 0,27 - 2. 0,315 = 0,24 mol → n_COOH = 0,12 mol

Có n_NaOH = n_COOH + n_HCl → 0,16 = 0,12 + n_HCl= 0,04 mol

Dung dịch phản ứng vừa đủ với 0,16 mol NaOH tạo 13,8 gam muối

Nếu y = 1 → b =0,12 → M_muối = $\frac{13,8-0,04.58,5}{0,12}$  = 95,5 ( loại không tìm được muối thỏa mãn)

Nếu y = 2 → b =0,06 → M_muối = $\frac{13,8-0,04.58,5}{0,06}$ = 191 =147 + 22. 2( NH₂-C₃H₅-(COONa)₂)

Vậy X có dạng NH₂-C₃H₅-(COOH)₂

%Ở = .100% = 43,54%.

Đáp án C

1 mol X + 2 mol H₂O → 2 mol Y + 1 mol Z chứng tỏ X là tripepit chứa 2 Y và 1 Z.

Đốt cháy Z : n_O2 = 0,375 mol, n_CO2 = 0,3 mol, n_H2O = 0,35 mol, n_N2 = $\frac{\mathrm{PV}}{\mathrm{RT}}=\frac{1.1,23}{0,082.300}$ =  0,05 mol

Bảo toàn khối lượng → m₂ = 13,2 + 6,3 + 0,05. 28 - 0,375. 32 = 8,9 gam → loại C

Luôn có n_{C (Z)} = n_CO2 = 0,3 mol, n_{H (Z)} = 2n_H2O = 0,7 mol, n_N(Z) = 2n_N2 = 0, 1 mol

→ n_{O (Z)} = $\frac{8,9-0,3.12-0,7-0,1.14}{16}$  = 0,2 mol

→ C : H : N : O = 0,3 : 0,7 : 0,1 : 0,2 = 3: 7 : 1:2 → công thức của Z là C₃H₇NO₂

Vậy n_Y= n_H2O = 2n_Z = 0,2 mol

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng thủy phân → m₁ = 20,3 + 0,2. 18 - 8,9 = 15 gam

→ M_Y = 15 : 0,2 = 75 → Y có cấu tạo H₂N-CH₂-COOH.

Vậy Y : H₂N-CH₂-COOH (15 gam) và Z : CH₃-CH(NH₂)-COOH ( 8,9 gam).

Đáp án C

Đáp án B

Đáp án D

► Đặt CTTQ cho X là C_aH_2a+2+b–2cN_bO_2c 

||⇒ giải hệ có: a = 2,6; b = 1,6; c = 0,5 ⇒ muối là C_2,6H_7,8ON_1,6(HCl)_1,6 (0,2 mol) ⇒ m = 27,16(g)

Đáp án B

Vì 1 mol amin no, mạch hở A và 2 mol aminoaxit no, mạch hở B tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH.

⇒ A là amin no 2 chức và B là amino axit no chứa 2 gốc COOH và 1 gốc NH₂.

Đặt a gam X chứa  

[1 phần hỗn hợp X ⇒ vẫn tuân theo tỉ lệ mol ban đầu của A và B]

Bảo toàn N ⇒ a×2 + 2a×1 = 4a = 2nN₂ = 0,48 ⇔ a = 0,12 mol

+ Phản ứng cháu của A và B là:

C_nH_2n+4N₂ + (1,5n+1) O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  nCO₂ + (n+2)H₂O + N₂

C_mH_2m–1O₄N + (4,5m–2,25) O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$ mCO₂ + (m–0,5)H₂O + 0,5N₂

+ PT theo số mol của O₂ đốt cháy là:

0,12×(1,5n+1) + 0,24×(1,5m–2,25) = 1,74 ⇔ 0,18n + 0,36m = 2,16 ⇔ n + 2m = 12

Ta có m_X = 0,12×(14n+28) + 0,24×(14m+77) = 1,68×(n + 2m) + 21,84 = 20,16 + 21,84 = 42 gam.

⇒ m_Muối = m_X + m_HCl = 42 + 0,48×36,5 = 59,52 gam

Đáp án C

Nhận thấy cả 4 chất đều chứa 1 nguyên tử N ⇒ N_{Trung bình} = 1 ⇒ n_N2 = 0,1 mol.

Ta có m_{Bình H2}SO₄ tăng = m_H2O = 14,76 gam ⇒ n_H2O = 0,82 mol.

⇒ n_CO2 = 1,58 – n_H2O – n_N2 = 0,66 mol.

Đặt số nguyên tử Oxi = 2a để các bạn dễ hình dung nó ứng với 1 liên kết π

⇒ CTTQ của hỗn hợp X có dạng là: C_nH_2n+2–2a+1O_2aN₁.

Với số C_{Trung bình} = n = 0,66 ÷ 0,2 = 3,3 || Số H_{Trung bình} = 0,82×2÷0,2 = 8,2.

Bảo toàn hiđro ta có: 2n+2–2a+1 = 8,2 ⇔ 2×3,3 + 2 – 2a + 1 = 8,2 ⇔ a = 0,7.

⇒ CTTQ của X có dạng: C_3,3H_8,2O_1,4N.

⇒ Với 29,47 gam X thì n_{Hỗn hợp X} = 29,47÷84,2 = 0,35 mol.

⇒ n_{HCl pứ} = 0,35 mol ⇒ m_Muối = 29,47 + 0,35×36,5 = 42,245 gam

Đáp án A

có n_O ÷ n_N = 24 ÷ 11 ||→ X dạng C_nH_mN₁₁O₂₄; X + HCl là phản ứng của –NH₂ + HCl → –NH₃Cl.

n_HCl = 0,22 mol ||→ n_X = 0,02 mol. Đốt X → 0,62 mol CO₂ ||→ n = 31.

19,62 gam X, n_X = 0,02 mol → M_X = 981 → m = 71 → n_H2O = 0,71 mol.

Bảo toàn O có n_O2 = 0,735 mol ||→ V = 16,464 lít

Đáp án B

n_X = 1 + 1 = 2 mol ⇒ C_tb = 6 ÷ 2 = 3. Lại có:

-NH₂ + HCl → -NH₃Cl ⇒ n_N = n_HCl = 2 mol

⇒ N_tb = 1; y = n_N2 = 2 ÷ 2 = 1 mol.

► Tương tự: -COOH + NaOH → -COONa + H₂O

⇒ COO_tb = 1. Do các chất đều no, mạch hở.

||⇒ k_tb = π_{C=O tb} = COO_tb = 1.

Lại có: H_tb = 2 × C_tb + 2 + N_tb – 2k = 7.

⇒ x = 2 × 7 ÷ 2 = 7

Đáp án C

n_CO2 = 0,05 mol < n_H2O = 0,055 mol ⇒ amino axit no, mạch hở.

⇒ n_X = 2 × (0,055 – 0,05) = 0,01 mol ⇒ C_X = 5 ||● Quy quá trình về:

0,25 mol X + H₂SO₄ + 0,2 mol NaOH + 0,25 mol KOH vừa đủ.

⇒ n_H2SO₄ = (0,2 + 0,25 – 0,25) ÷ 2 = 0,1 mol; n_H2O = 0,45 mol.

||⇒ BTKL: a = 29,25 + 0,1 × 98 + 0,2 × 40 + 0,25 × 56 – 0,45 × 18 = 52,95 gam

Đáp án D

từ dữ kiện bđ ta biết Y chỉ có 1 nhóm amin

TH1:cả 2 chất đều có 1 nhóm cacboxyl

dựa vào đáp án C ta có hpt do chỉ có đáp án này là Y có 1 nhóm cacboxyl

TH2:Y₁ 1 nhóm COOH; Y₂ có 2 nhóm COOH

loại B,loại A vì số nguyên tử C Y1 nhỏ hơn Y2 nhưng lại chiếm tỉ lệ mol nhiều hơn Y2,dùng sơ đồ đường chéo sẽ thấy rõ