Đáp án D

Các nhóm đẩy e ( ankyl) làm tăng tính bazo so với NH₃ → (4) > (2) > (5)

Các nhóm hút e (C₆H₅-) làm giảm tính bazo → (5) > (1) > (3)

Vạy tính bazo (4) > (2) > (5) > (1) > (3). Đáp án D. 

Đáp án C

Số chất trong dãy vừa tác dụng với axit HCl, vừa tác dụng với NaOH là:NaHSO₃,HCOONH₄, Al(OH)₃, (NH₄)₂CO₃

Đáp án C

Vì sản phẩm thủy phân là tripeptit là Ala-Glu-Gly và các đipeptit là Val-Ala, Glu-Gly và Gly-Ala nên X là: Val-Ala-Glu-Gly-Ala

Đáp án A

Các chất làm đổi màu quỳ tím gồm : Amoniac, axit-α-amino glutamic, axit fomic, axit oxalic, metylamin. 

Đáp án A

Số đồng phân của hợp chất C₃H₉O₂N thỏa mãn đề bài gồm

CH₃-CH₂-COONH₄

HCOOONH₃C₂H₅

HCOONH₂(CH₃)₂

CH₃COONH₃CH₃

Đáp án A. 

Đáp án C

Độ pH của amino axit phụ thuộc số nhóm COOH và số nhóm NH₂, nếu số nhóm COOH > số nhóm NH₂ thì pH < 7, số nhóm COOH < số nhóm NH₂ thì pH > 7, số nhóm COOH = số nhóm NH₂ thì pH = 7 → A sai

Các anino axit chứa thêm nhóm NH₂ nên sẽ có pH lớn hơn các dung dịch axit cacboxylic no tương ưng cùng nồng độ → B sai

H₂N-CH₂-COOH + HCl → ClH₃N -CH₂-COOH → C đúng

Trùng ngưng các α amino axit thu được hợp chất có chứa liên kết peptit → D sai

Đáp án C.

Đáp án D

Trong các chất này, số chất tác dụng được với dung dịch NaOH là:etyl axetat,axit arcylic, phenylamoni clorua, moni axetat, phenol.

Đáp án D. 

Đáp án C

Các chất làm quỳ tím chuyển màu xanh gồm (1), (3), (7)

Các chất làm quỳ tím chuyển màu đổ gồm (6), (8)

Vậy có 5 chất làm quỳ tím chuyển màu. Đáp án C.

Đáp án B

Anilin tan ít trong nước và không tan trong dung dịch NaOH → (1) sai

Trong alinin do ảnh hưởng của vòng benzen nên mật độ electron trên N giảm xuống làm giảm tính bazo → anilin không làm đổi màu quỳ tím. → (2) đúng

Anilin dùng để sản xuất phẩm nhuộm, dược phẩm, polime → (3) đúng

Do có nhóm NH₂ làm tăng mật độ electron trên vòng benzen → Anilin tham gia phản ứng thế brom vào nhân thơm dễ hơn benzen. → (4) đúng

Đáp án B.

Đáp án A

Chất tác dụng được với dung dịch NaOH là: p-crezol,phenol, Ala-Gly, phenylamoni clorua, valin, lysin, amoni hiđrocacbonat

Đáp án A.

Đáp án C

Chỉ dùng Cu(OH)₂/OH^- có thể nhận biết được nhóm glucozơ, sobitol, axit axetic, anbumin.

Đầu tiên nhỏ Cu(OH)₂/OH^- vào các dung dịch.

- Nếu dung dịch chuyển màu tím → anbumin.

- Nếu dung dịch chuyển màu xanh nhạt → axit axetic.

- Nếu dung dịch tạo phức màu xanh lam đặc trưng → glucozơ và sobitol.

+ Đun nóng hai dung dịch thu được này sau phản ứng nếu xuất hiện ↓ đỏ gạch → glucozơ.

+ Nếu không có hiện tượng gì → sobitol.

→ Chọn C.

Đáp án B

Tetrapeptit cấu tạo từ các α–aminoaxit no mạch hở có 1 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH có 4 N

tách chiết thu được anilin

Đáp án B

Các công thức cấu tạo thỏa mãn của X là

(CH₃NH₃⁺). (CH₃-CH₂-NH₃⁺).CO₃^2-.

(CH₃NH₃⁺).[(CH₃)₂NH₂⁺)].CO₃^2-

[(CH₃)₃NH⁺].(NH₄⁺).CO₃^2-

Đáp án B.

Đáp án D

C₂H₅Br + NH₃ → C₂H₅NH₃Br (X)

C₂H₅NH₃Br + NaOH → C₂H₅NH₂ (Y) + NaBr + H₂O

C₂H₅NH₂ + CH₃COOH → CH₃COONH₃C₂H₅

Đáp án D. 

Đáp án B

Nhận thấy các chất CH₃NH₂, NH₃, C₆H₅NH₂ đều là các hợp chất có tính bazo nên có pH > 7. C₆H₅OH là hợp chất có tính axit yếu → pH của phenol < 7 → X là C₆H₅OH

Tính bazo của CH₃NH₂ > NH₃ > C₆H₅NH₂ → pH_CH3NH2 > pH_NH3 > pH _C6H5NH2

Vậy Y là C₆H₅NH₂, Z là CH₃NH₂, T là NH₃

Đáp án B.

Đáp án C

Thủy phân hoàn toàn 1 mol oligopeptit X mạch hở, được 2 mol glyxin (Gly), 1 mol alanin (Ala), 1 mol valin (Val) và 1 mol phenylalanin (Phe) → X là pentapeptit

Nhận thấy khi thủy phân không hoàn toàn thu được đipeptit Val-Phe và tripeptit Gly-Ala-Val nhưng không thu được đipeptit Gly-Gly → Val đi liền với Phe và Phe nằm giữa Gly và Val

→ X có cấu tạo Gly-Ala-Val -Phe-Gly → B đúng

X là pentapeptit tạo tử các α aminoaxit chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH → X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1:5 → A đúng

Trong X có 4 nhóm CH₃ ( mỗi Ala và Phe có 1 nhóm CH₃, Val có 2 nhóm CH₃) → C sai

Đem 0,1 mol X tác dụng với HCl → m_muối = 0,1. ( 75 + 89 + 117 + 165 + 75 - 4. 18) + 0,1. 4. 18 + 0,1. 5. 36,5 = 70,35 gam → D đúng

Đáp án C.

Đáp án A

Ta có n_X = n_NaOH= 0,02 mol → Trong X chứa 1 nhóm COOH

Có n_H2O = n_NaOH = 0,02 mol

Bảo toàn khối lượng → m_X = m_muối + m_H2O - m_HCl - m_NaOH

→ m_X = 4,71 + 0,02. 18 - 0,06. 36,5 - 0,02. 40 = 2,08 gam → M_X = 2,08 : 0,02 = 104 ( (NH₂)₂C₂H₃COOH)

Đáp án D

0,5 mol hh X và Y + O₂ → 0,7 mol CO₂ + 0,8 mol H₂O

hh ban đầu có số C trung bình = 0,7 : 0,5 = 1,4 → X là HCOOH.

Vì n_H2O > n_CO2 → Y là amino axit no, đơn chức.

Giả sử Y là C_nH_{2n + 1}O₂N

CH₂O₂ + 0,5O₂ → CO₂ + H₂O

2C_nH_{2n + 1}O₂N + (3n - 1,5)O₂ → 2nCO₂ + (2n + 1)H₂O + N₂

→ n_Y = (0,8 - 0,7) x 2 = 0,2 mol.

• 0,5 mol hh chứa 0,2 mol Y → 0,35 mol hh chứa 0,14 mol Y

→ n_HCl = 0,14 mol → m = 0,14 x 36,5 = 5,11 gam → Chọn D.

Đáp án C

Ta có n_X = n_NaOH = 0,04 mol → X chứa một nhóm COOH → loại A

→ n_H2O = n_NaOH = 0,04 mol

Bảo toàn khối lượng → m_X = 5 + 0,04. 18 - 0,04. 40 → M_X = 103 ( NH₂C₃H₆COOH)

Đáp án C.

Đáp án C

gọi số mol của X, Y lần lượt là x, y mol, ta có:

∑n _gly = 2x + 2y = 30 ÷ 75; ∑n_ala = 2x + y = 28,48 ÷ 89.

Giải hệ → x = 0,12 mol và y = 0,08 mol.

Luôn nhớ: n.peptit - (n-1)H₂O → polipetit. Theo đó, với: Gly = 75, Ala = 89, Val = 117, Glu = 147, ta tính nhanh:

M _X = 2 × 89 + 2 × 75 + 2 × 117 - 5 × 18 = 472 M _Y = 2 × 75 + 89 + 147 - 3 × 18 = 332.

Vậy: m = 472x + 332y = 83,2 gam → chọn đáp án C.

Đáp án D

n_O2 = 0,075 mol; n_CO2 = 0,06 mol; n_H2O = 0,07 mol; n_N2 = 0,01 mol.

Gọi X là số mol của Z

Theo BTNT O: 2x + 0,075 x 2 = 0,06 x 2 + 0,07 → x = 0,02

Theo BTKL: m_Z = 2,64 + 1,26 + 0,01 x 28 - 0,075 x 32 = 1,78 → M_Z = 1,78 : 0,02 = 89

→ Z là alanin CH₃-CH(NH₂)-COOH.

• Có X + 2H₂O → 2Y + Z

Theo BTKL: 4,06 + 2 x 0,02 x 18 = 2 x 0,02 x M_Y + 1,78 → M_Y = 75 (glyxin) → Chọn D.