Đáp án C

Giả sử X gồm 3 peptit A, B, C có ti lệ mol 1:1:3

Quy đổi hỗn hợp peptit X về peptit Y : A+ B+ 3C → Y (A-B-C-C-C) + 4H₂O

Có n_Ala : n_Val = 16 : 7 → Trong Y có (16 + 7)k = 23k = số mắt xích

→ Số mắt xích trung bình của mối peptit A, B, C là :23k/15= 4,6k

Tổng số liên kết trung bình trong X là ( 4,6k-1) x3 = 13,8k - 3 < 13 → k < 1,15 → k= 1

Vậy Y là một peptit chứa 16 Ala-7Val có số mol của Y là 0,17 : 17 = 0,01 mol

Bảo toàn khối lượng → m = m_Y + m_H2O = 0,01. ( 16. 89 + 7. 117-22. 18) + 4. 0,01. 18 = 19,19 gam.

Đáp án B

Chất hữu cơ X có công thức phân tử C₂H₈N₂O₃ tác dụng được với KOH → X có công thức C₂H₅NH₂NO₃

C₂H₅NH₃NO₃ + KOH → C₂H₅NH₂ + KNO₃ + H₂O

Thấy n_X =0,03 < n_KOH = 0,05 mol → KOH còn dư : 0,02 mol

Chất rắn thu được chứa KOH dư : 0,02 mol và KNO₃ : 0,03 mol

→ m_{chất rắn} = 0,02. 56 + 0,03. 101 = 4,15 gam. Đáp án B.

Đáp án C

Trong cùng điều kiện nhiệt độ và áp suất thì tỉ lệ thể tích chính là tỉ lệ số mol.

Luôn có V_H2O = 550- 250 = 300 ml , V_CO2 + V _N2 = 250 ml

Nếu hỗn hợp là hidrocacbon no (ankan)→ V_ankan + V_amin = V_H2O - V_CO2 - V_N2 = 50 < 100 ml ( Loại0

Nếu hỗn hợp là anken → V_anken= V_H2O -V_CO2 - V_N2 = 50 ml → V_amin = 50 ml → V_N2= 25ml

→ 50. 2+ 50.n = 250-25 → n = 2,5 → hai anken là C₂H₄ và C₃H₆.

Đáp án C.

Đáp án A

Gọi số mol của Ala và Glu lần lượt là x, y mol

Khi tác dụng với NaOH thì n_H2O = n_ALa + 2n_Glu = x+ 2y

Bảo toàn khối lượng → m + 40. ( x+ 2y) = m + 15,4 + 18. (x+ 2y) → 22. (x+ 2y) = 15,4

Khi tác dụng với HCl thì n_HCl = x+ y

Bảo toàn khối lượng → m + 36,5. ( x+ y) = m + 18,25 → x + y = 0,5

Giải hệ → x = 0,3 , y = 0,2

m = 0,3. 89 + 0,2. 147 = 56,1 gam. Đáp án A.

Đáp án C

Có n_X : n_HCl = 1:1 → trong X chứa 1 nhóm NH₂

Có n_X : n_NaOH = 1:2 → trong X chứa 2 nhóm COOH

Vậy X có công thức R(NH₂)(COOH)₂

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng với HCl → m_X = 1,835- 0,01. 36,5 = 1,47 → M_X = 147 → R = 41 ( C₃H₅)

Vậy X có công thức C₃H₅(NH₂)(COOH)₂ → (4) đúng

Vì trong X chứa 2 nhóm COOH > số nhóm NH₂→ X làm quỳ chuyển xanh → (1) đúng

Đáp án C.

Đáp án D

0,1 mol X tác dụng với NaOH sinh ra 0,2 mol khí làm xanh quỳ ẩm → X có cấu tạo H₄N OOC-COONH₄

H₄N OOC-COONH₄ + 2NaOH → NaOOC-COONa + NH₃ + 2H₂O

Có 2n_X < n_NaOH → NaOH còn dư .

Chất rắn thu được gồm NaOOC-COONa : 0,1 mol và NaOH dư : 0,1 mol

→ m_{chất rắn} = 0,1. 134 + 0,1. 40 = 17,4 gam. Đáp án D.

Đáp án A

X tác dụng với NaOH sinh ra chất khí có mùi khai → X có cấu tạo (CH₃NH₃)₂CO₃

(CH₃NH₃)₂CO₃ + 2NaOH → 2CH₃NH₂ + Na₂CO₃ + 2H₂O

Có 2n_X = 0,2 mol < n_NaOH = 0,24 mol → NaOH còn dư , n_{NaOH dư} = 0,04 mol, n_Na2CO3 = 0,1 mol

→ m_muối = m_{NaOH dư} + m_Na2CO3 = 0,04. 40 + 0,1. 106 = 12,2 gam

Đáp án A.

Đáp án D

Các công thức cấu tạo thỏa mãn của X là

(CH₃NH₃⁺). (CH₃-CH₂-NH₃⁺).CO₃^2-.

(CH₃NH₃⁺).[(CH₃)₂NH₂⁺)].CO₃^2-

[(CH₃)₃NH⁺].(NH₄⁺).CO₃^2-

Nhưng dù ở cấu tạo nào khi tham gia phản ứng với NaOH thì cứ X + 2NaOH → Na₂CO₃ + ↑ + H₂O

Thấy 2n_X < n_NaOH → NaOH còn dư : 0,1 mol

Chất rắn thu được gồm Na₂CO₃: 0,2 mol và NaOH dư 0,1 mol

→ m= 0,2. 106 + 0,1. 40 = 25,2 gam

Đáp án D.

Đáp án B

Gọi số mol của X và Y lần lượt là x và 3x mol

Có X + 4NaOH → m1 + H₂O, Y + 3NaOH → m2 + H₂O

Có n_H2O = n_X + n_Y = 4x mol

Bảo toàn khối lượng → x. 316 + 3x. 273 + 40. ( 4x + 3. 3x) = 23,745 + 4x. 18 → x = 0,015 mol

→ m = 0,015. 316 + 3. 0,015 . 273 = 17,025 gam

Đáp án B. 

Đáp án B

Nhận thấy từ đáp án X đều chwuas 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH → Công thức của X là (NH₂)R COOH

Coi bài toán tương đương cho 0,2 mol HCl tác dụng với NaOH trước, sau đó X mới tác dụng với NaOH → n_X = n_NaOH - n_HCl = 0,1 mol

Luôn có n_H2O= n_NaOH = 0,3 mol

Bảo toàn khối lượng → m_X = 22,8 + 0,3. 18 - 0,2. 36,5 - 0,3. 40 = 8,9 gam → M = 89 ( CH₃-CH(NH₂)-COOH)

Đáp án B

Đáp án D

Giả sử amino axit thu được là H₂NRCOOH

X + 2HCl + H₂O → 2ClH₃NRCOOH

Đặt n_H2O = x mol → n_HCl = 2x mol

Ta có m_X + m_HCl + m_H2O = m_ClH3NRCOOH

→ 19,8 + 2x × 36,5 + x × 18 = 33,45 → x = 0,15 mol

→ n_R = 0,15 × 2 = 0,3 mol → M_ClH3NRCOOH = 111,5→ R = 14 → R là -CH₂-

→ A là C₂H₅O₂N

• Y + 3H₂O → 4C₃H₇O₂N

→ Y có dạng [(C₂H₅O₂N)₄-3H₂O] ≡ C₈H₁₄O₅N₄

C₈H₁₄O₅N₄ + 9 O₂ → 8 CO₂ + 7 H₂O + 2N₂

n_Y = 0,1 mol → n_O2 = 0,9 mol → Đáp án D.

Đáp án C

Đáp án C

Nhận thấy n_X : n_NaOH = 1:2 → X có 2 nhóm COOH

Luôn có n_H2O = n_NaOH = 0,2 mol

Bảo toàn khối lượng → m_X = 17,7 + 0,2. 18 - 0,2. 40 = 13,3 gam

→ M_X = 133 X chỉ chứa 2 loại nhóm chức NH₂ và COOH

→ X có công thức H₂N-C₂H₃ (COOH)₂

Số nguyên tử H trong X là 7. 

Đáp án B

Bảo toàn khối lượng → m_HCl = 18 -12 = 6 gam

Vì X là amin đơn chức → n_X = n_HCl =6/36,5mol

→ M_X = 12 :6/36,5= 73 (C₄H₉NH₂)

Các đông phân cấu tạo của X là : CH₃-CH₂-CH₂-CH₂-NH₂, CH₃-CH₂-CH(NH₂)-CH₃, CH₃-CH(CH₃)-CH₂-NH₂, CH₃-C(NH₂)(CH₃)-CH₃

Đáp án B.

Đáp án A

Đáp án A

Đáp án B

X + 3NaOH → muối + H₂O

X có công thức C₈H₁₄O₄N₃ → X được cấu tạo từ các aminoaxit chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH.

Thấy 3n_X < n_NaOH → NaOH còn dư → n_H2O = n_X = 0,1 mol

Bảo toàn khối lượng → m_{chất rắn} = 0,1. 217 + 0,4. 40 - 0,1. 18 = 35,9 gam

Đáp án B.

Đáp án A

ClH₃N-CH₂-COOC₂H₅ + 2NaOH →H₂N-CH₂-COONa + NaCl + H₂O + C₂H₅OH

vì 2n_X < n_NaOH → NaOH còn dư → n_H2O = 2n_X = 0,2 mol, n_C2H5OH= 0,2 mol

Bảo toàn khối lượng → m_{chất rắn} = 0,2. 139,5 + 0,45. 40 - 0,2. 18 - 0,2. 46 = 33,1 gam

Đáp án A.

Đáp án B

Có n_X = n_HCl = 0,1 mol → X chứa 1 nhóm NH₂

Bảo toàn khối lượng → m_HCl = 37,65-26,7 = 10,95 gam → n_HCl = n_X = 0,3 mol

→ M_X =26,6/0,3= 89 ( Ala)

Đáp án B.

Đáp án C

Đáp án B

Bài này thực ra bản chất của nó là Cl- + Ag+ thôi
Khi hiểu đc nó rồi thi bài này chỉ còn 1 dòng là nFeCl3x 3 = nAgNO3 = 1,5
Giải chi tiết theo TH tổng quát
- - -
Đặt nFeCl3 = a và nAmin ban đầu = b
FeCl3 + 3RNH2 + 3H2O => Fe(OH)3 + 3RNH3Cl (pứ này tính theo Amin vì FeCl3 dư)
- -b/3 <- - - - b - - - - - - - - - - - - - - - -> b
=> nFeCl3 còn dư sau pứ này = a- b/3
- - -
Pứ với AgNO3 ta có
RNH3Cl + AgNO3 => RNH2 + AgCl + HNO3
- - -b - - - >b
FeCl3 (dư) + 3AgNO3 => Fe(NO3)3 + 3AgCl
- -(a- b/3) - - - - -> 3(a- b/3)
=> nAgNO3 pứ = b + 3(a- b/3) = b + 3a -b = 1,5
<=> 3a = 1,5
<=> a = 1,5/3 = 0,5
Từ đây tìm đc CM tương ứng của muối FeCl3