Bài tập Andehit - Xeton - Axit Cacboxylic có giải chi tiết (mức độ vận dụng)

Đáp án D

Phương pháp : Bảo toàn khối lượng

Hướng dẫn giải:

HCHO + 0,5O₂ → HCOOH

a                          →  a

n_{HCHO dư} = b

n_{HCHO ban đầu} = a + b = 0,2

m_X = 46a + 30b = 8,56

=> a = 0,16 và b = 0,04

=> n_Ag = 2a + 4b = 0,48

=> m_Ag =51,84

Đáp án B

CH₃COOH + C₂H₅OH → CH₃COOC₂H₅ + H₂O

0,1                   0,15

0,1                   0,1                   0,1

=> m_CH3COOC2H5 = 0,1 . 75% . 88 = 6,6 gam

Đáp án A

n _axit = (m _muối – m _axit) : 22 = (8,2 - 6) : 22 = 0,1mol

=> M _axit = 60

Đáp án C

đặt công thức của axit là RCOOH thì

RCOOH +  NaOH → RCOONa + H₂O

 0,1 mol ← 0,1 mol

Khối lượng mol của axit là 8,8 : 0,1 = 88

Axit là C₃H₇COOH

Đáp án B

n_Ag = 0,3 mol > 2n_Andehit = 0,2 mol

=> Trong hỗn hợp X phải có HCHO

=> andehit còn lại kế tiếp nhau là CH₃CHO

Đáp án B 

Chú ý:

(*) Chú ý : Với bài toán cho hỗn hợp andehit tạo Ag với tỉ lệ mol n_Ag : n_Andehit > 2

=> Phải nghĩ đến trong hỗn hợp đầu có HCHO hặc andehit đa chức.

Đáp án C

CTTQ : C_nH_2n-2O₄ (có 2 pi của gốc COOH)

Bảo toàn C : n.n_C(Axit) = n_CO2 => n = 6

Đáp án B

RCHO + [O] → RCOOH

    x        →           x (mol)

=> m_axit  - m_andehit = (R + 45).x – (R + 29).x = 7,4 – 5,8

=> x = 0,1 mol

=> M_andehit = 58g => R = 29g => C₂H₅CHO

Đáp án A

Ta thấy axit panmitic và stearic đều có 1 pi, còn axit linoleic có 3 pi

=> n_CO2 – n_H2O = (3 – 1)n_linoleic => n_linoleic = 0,015 mol

Đáp án C

Sau phản ứng thu được hỗn hợp rắn khan => KOH dư

RCOOH + KOH → RCOOK + H₂O

Bảo toàn khối lượng: m_axit + m_KOH = m_rắn + m_H2O

=> n_H2O = 0,36 mol

=> M_axit = 60 (CH₃COOH)

Đáp án A

TQ : R – H + NaOH → R – Na + H₂O

Mol                0,04         ←            0,04

Bảo toàn khối lượng : m_X + m_NaOH = m_H2O + m_muối

=> m_muối = 3,41g

Đáp án C

Nếu X là HCHO => n_Ag = 4n_HCHO = 4.5,5/30 > n_Ag bài cho => Loại

=> X có dạng RCHO tạ ra 2 Ag => n_RCHO = 2n_Ag = 0,125 mol => R + 29 = 5,5/0,125 = 44

=> R = 15 (CH₃) => CH₃CHO (andehit axetic)

Đáp án C

Số mol gốc COOH trong 18,25g X = n_OH = 0,25 mol

=> Số mol COOH trong 36,5g X = 0,25.36,5/18,25 = 0,5 mol

=> Số mol O trong oxit = 0,5.2 = 1 mol

Đặt số mol O₂ pứ = x ; n_H2O = y => 36,5 + 32x = 18y + 1,5.44 ⁽¹⁾

Bảo toàn nguyên tố O : 1 + 2x = y + 3⁽²⁾

Từ (1,2) => x = 1,625 mol ; y = 1,25 mol

=> V = 1,625.22,4 = 36,4 lit

Đáp án C

CTTQ:  : x (mol)

mtăng = m_Na – m_H

17,8 – 13,4 = 22x

=> x = 0,2 (mol)

=> CTPT: C₂H₄O₂ và C₃H₆O₂

 => n C₂H₄O₂= n C₃H₆O₂ = 0,1 (mol)

=> m C₂H₄O₂ = 0,1.60 = 6 gam

Đáp án A

Bảo toàn nguyên tố K:

Bảo toàn khối lượng:

Đáp án B

n_CH3COOH=0,1 mol; n_KOH=0,15 mol =>CH₃COOH pư hết

BTKL: m=m_CH3COOH+m_KOH-m_H2O=6+0,15.56-0,1.18=12,6 gam.

Đáp án C

RCOOH + KOH → RCOOK + H₂O

 x  mol               →       x mol                           tăng      38x gam

9 gam              →    14,7 gam                           tăng  5,7 gam

=> 38x = 5,7 => x = 0,15 (mol) => M_X = 9: 0,15 = 60 => R = 15

=> CT X: CH₃COOH

Đáp án C

HCHO → 4Ag

HCOOH → 2Ag

n_Ag=4n_HCHO+2n_HCOOH=4.0,05+2.0,02=0,24 mol

=>m_Ag=25,92 gam

Đáp án D

X gồm CH₃COOH và HCOOCH₃ có M = 60

TQ : RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH

Mol      0,03 <-    0,03

=> m_X = 1,8g

Đáp án C

Gọi CTPT của hai anđehit no, mạch hở X là: $C_x{H}_y{O}_z$

Coi đốt cháy 1 mol X

$C_x{H}_y{O}_z\Rightarrow n{H}_{2}O= 1 mol$

 Vậy 2 CTPT của hai anđehit no, mạch hở là HCHO và  CHO-OHC

0,25 mol X + AgNO₃ → 4Ag

n_Ag = 4n_X = 4. 0,25 = 1 (mol) => m_Ag = 108 (g)

Đáp án C

TH1: X có HCHO a mol, nên anđehit còn lại là CH3CHO b mol.

BTNT cho H nên n(H₂O)=a+2b=0,16(1)

Sơ đồ phản ứng tráng bạc :

n(Ag)=4a+2b= 0,12(2) TH này không TM vì nghiệm âm

TH2: X không chứa HCHO, gọi CT chung của hai anđehit là 

Sơ đồ phản ứng tráng bạc:

BTNT cho H ta có n(H₂O) = 0,06.  hai anđehit là CH₃CHO x mol và C₂H₅OH y mol.

x+y=0,06 (3) BTNT cho H ta có n(H₂O)=2x+3y=0,16

Giải hệ ta có :x=0,02 và y=0,04 suy ra m(C₂H₅CHO)=58.0,04=2,32 gam

Đáp án A

n_KOH=3n _{axit axetylsalixylic} = 3.43,2/180=0,72 mol

=> V=0,72/0,5=1,44 lít

Đáp án B

Gọi CTTQ của muối: R(COONa)_x: 0,1 (mol)

TH₁: x = 1 => CTCT RCOONa: 0,1 (mol)

BTNT Na: => n_Na2CO3 = 1/2.n_Na = 1/2.n_RCOONa = 1/2.0,1 = 0,05 (mol)

=> ∑ n_C = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,15 + 0,05 = 0,2 (mol)

=> Số C trong muối = n_C/ n_muối = 0,2 : 0,1 =  2

=> CTCT CH₃COONa (Đáp án B)

TH₂: x = 2 => CTCT R(COONa)₂: 0,1 (mol)

BTNT Na: => n_Na2CO3 = 0,1 (mol) => ∑n_C = 0,15 + 0,1 = 0,25 (mol)

=> Số C trong muối = n_C/ n_muối = 0,25 : 0,1 =  2,5 (lẻ) => loại

Đáp án A

nHCHO=nAg/4=0,1/4=0,025 mol

=>mHCHO=0,025.30=0,75 gam

=>C%_{dd HCHO}=0,75/1,97.100%=38,1%

Đáp án D

n_Ag = 21,6 : 108 = 0,2 (mol)

=> n_RCHO = n_Ag/2 = 0,1 (mol)

=> M_RCHO = 4,4 : 0,1 = 44 (g/mol) => CH₃CHO

Đáp án A

HCOOH (T) + Br₂  CO₂ + 2HBr

=> Y là HCOONa

HCOONa (Y) + HCl → HCOOH + NaCl

=> Z là HCHO

HCHO (Z) + 2Br₂ + H₂O → CO₂ + 4HBr

=> X :  HCOOCH₂OOCH

HCOOCH₂OOCH (X) + 2NaOH  2HCOONa (Y) +  HCHO (Z)  + H₂O

=> CTPT của X là: C₃H₄O₄