35 đề minh họa THPT Quốc gia môn Vật lí năm 2022 có lời giải (Đề 28)

Phương pháp: Công thức tính dung kháng của tụ: $Z_C=\frac{1}{\omega C}$ 

Cách giải: Dung kháng của tụ là: $Z_C=\frac{1}{\omega C}=\frac{1}{\frac{1}{{10}^4\pi }.100\pi }=100\Omega$ 

Chọn C. 

Phương pháp: Áp dụng hiện tượng cộng hưởng : $\omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}$ 

Cách giải: 

Để xảy ra hiện tượng cộng hưởng thì tần số góc của điện áp phải bằng:

$\omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}=\frac{1}{\sqrt{\frac{4}{\pi }.\frac{{10}^{-4}}{\pi }}}=50\pi \left(ra\text{d}/s\right)$

Chọn B. 

Phương pháp: Áp dụng công thức tính cơ năng của con lắc đơn: $W=mgl(1-\cos \alpha )+\frac{1}{2}m{v}^2$ 

Công thức tính thế năng cực đại: $W_{t\max }=mgl\left(1-\cos {\alpha }_0\right)$ 

Với góc α₀ nhỏ ta có: $W=\frac{1}{2}mgl{\alpha }_0^2$ 

Cách giải: Cơ năng của con lắc đơn dao động điều hòa: $W=\frac{1}{2}mgl{\alpha }_0^2$

Chọn C. 

Phương pháp: Áp dụng định luật khúc xạ ánh sáng ta có : $n_1\sin i=n_2\sin r$ 

Cách giải:  Khi ánh sáng truyền từ không khí vào nước: $\sin i=n_2\sin r\Rightarrow \sin r=\frac{\sin i}{n_2}$ 

Vì chiết suất của ánh sáng đơn sắc với môi trường: $n_{ñ}<n_t\Rightarrow r_{ñ}>r_t$ 

Chọn C. 

Phương pháp: Công thức tính mức cường độ âm: $L=10\log \frac{I}{I_0}\left(dB\right)$ 

Cách giải: Ta có: $L=10\log \frac{I}{I_0}=40\left(dB\right)$ 

$\Rightarrow \frac{I}{I_0}={10}^4\Rightarrow I={10}^4{.10}^{-12}={10}^{-8}\left({\text{W/m}}^{\text{2}}\right)$ 

Phương pháp: Sử dụng công thức tính vận tốc cực đại: $v_{\max }=\omega A$ 

Công thức tính tần số của con lắc: $f=\frac{\omega }{2\pi }$ 

Cách giải: Ta có $v_{\max }=v_0=\omega A\Rightarrow f=\frac{\omega }{2\pi }=\frac{v_0}{2\pi A}$ 

Phương pháp: Biểu thức cấu tạo hạt nhân: ${}_Z{}^{A}X\to \left\{\begin{array}{l}A:\\ N=A-Z\\ Z:\end{array}\right.$ 

Số mol:$n=\frac{m}{A}$ ,

Cách giải: Trong 1 hạt nhân N có Z=7 prôtôn.

Vậy chỉ cần tính được số hạt nhân có trong 7g ta sẽ tính được số prôtôn.

Số mol hạt nhân:  $n=\frac{m}{M}=\frac{7}{14}=0,5mol$.

Chọn B

Phương pháp: Công thức tính tần số: $f=np$ 

Trong đó: p là số cặp cực; n (vòng/s) là tốc độ quay của roto.

Cách giải: 

+ Nếu tốc độ quay của roto là n (vòng/s): $f=np$

+ Nếu tốc độ quay của roto là n (vòng/phút) $f=\frac{np}{60}$ 

Phương pháp: Độ lệch pha giữa 2 dao động: $\Delta \phi ={\phi }_2-{\phi }_1$ 

Cách giải: Độ lệch pha: $\Delta \phi ={\phi }_2-{\phi }_1=\frac{-8\pi }{3}-\frac{\pi }{3}=-3\pi \left(rad\right)$ 

⇒ Hai dao động ngược pha.  

Chọn D. 

Phương pháp: Tia tử ngoại có bước sóng trong khoảng 10nm – 380nm 

Cách giải: Sóng điện từ có bước sóng 100nm thuộc vùng tử ngoại .  

Phương pháp: Chu kì của con lắc đơn là: $T=2\pi \sqrt{\frac{l}{g}}$  

Cách giải: Ban đầu: $T=2\pi \sqrt{\frac{l}{g}}$

Chu kì của con lắc đơn tăng 5% nên $T^{\text{'}}=2\pi \sqrt{\frac{l^{\text{'}}}{g}}=1,05T$ 

Lấy $\frac{T^{\text{'}}}{T}$  ta được: $\frac{T^{\text{'}}}{T}=\sqrt{\frac{l^{\text{'}}}{l}}=1,05\Rightarrow \frac{l^{\text{'}}}{l}=1,{05}^2$ 

$\Rightarrow l^{\text{'}}=1,1025l\Rightarrow \frac{l^{\text{'}}-l}{l}=0,0125=10,25\%$ 

Chọn C. 

Phương pháp: Độ hụt khối của hạt nhân:

$\Delta m=\left[Z.m_p+\left(A-Z\right).m_n\right]-m_X$ 

Năng lượng liên kết hạt nhân: $W_{lk}=\Delta m.c^2$ 

Năng lượng liên kết riêng: ${\text{W}}_{lkr}=\frac{{\text{W}}_{lk}}{A}$.

Cách giải: Để tính được năng lượng liên kết riêng ta cần tính được năng lượng liên kết trước.

Độ hụt khối của hạt nhân:

Chọn B. 

Phương pháp: Máy thu thanh gồm có: ăngten, mạch chọn sóng, mạch tách sóng, mạch khuếch đại, loa. 

Cách giải: Trong sơ đồ khối của máy thu thanh không có bộ phận mạch biến điệu

Câu 16: 

Phương pháp: Độ lớn của lực Culong: $F=\frac{k\left|q_1{q}_2\right|}{\epsilon r^2}$ 

F phụ thuộc vào $q_1;q_2;\epsilon$ 

Cách giải: 

Độ lớn lực tương tác giữa hai điện tích điểm: $F=\frac{k\left|q_1{q}_2\right|}{\epsilon r^2}$

Khi đặt tấm kính xen vào giữa ⇒ ε tăng ⇒ F giảm

Phương pháp: Độ lớn lực từ: $F=IBl\sin \alpha ;\alpha =\left(\overrightarrow{B};\overrightarrow{l}\right)$ 

Cách giải: Từ công thức xác định độ lớn lực từ: $F=IBl\sin \alpha \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}F\in I\\ F\in \epsilon \\ F\in \alpha =\left(\overrightarrow{B};\overrightarrow{l}\right)\end{array}\right.$

⇒ Lực từ tác dụng lên một đoạn dây dẫn thẳng có dòng điện xoay chiều chạy qua đặt trong một từ trường không phụ thuộc vào tiết diện của dây dẫn. 

Phương pháp: Công thức tính bước sóng là: $\lambda =vT$

Cách giải: Bước sóng được xác định theo công thức: $\lambda =vT$ 

Chọn D. 

Phương pháp: Công thức tính bước sóng : $\lambda =\frac{c}{f}$ 

Sóng ngắn có bước sóng nằm trong khoảng: 10m - 200m 

Cách giải: Ta có $\lambda =\frac{c}{f}=\frac{{3.10}^8}{{6.10}^6}=50m$ ⇒ Sóng này thuộc vùng sóng ngắn.

Phương pháp: Hạt mang tải điện trong các môi trường

Cách giải: Hạt mang tải điện trong chất điện phân là ion dương và ion âm.

Phương pháp: Mọi vật có nhiệt độ lớn hơn 0K đều phát ra tia hồng ngoại. 

Cơ thể con người có nhiệt độ khoảng 37⁰C

Cách giải: Cơ thể con người phát ra tia hồng ngoại.  

Phương pháp: Hiện tượng quang điện xảy ra khi $\text{λ}\le {\text{λ}}_{\text{0}}\text{=}\frac{c}{f}=\frac{hc}{A}$

Cách giải: Hiện tượng quang điện xảy ra khi $\text{λ}\le {\text{λ}}_{\text{0}}\text{=}\frac{c}{f}\text{=}\frac{{3.10}^8}{{6.10}^{14}}{\text{= 0,5.10}}^{-6}\text{ m}\Rightarrow \text{λ = 0,5 μm}$

Phương pháp: Tần số góc, chu kì, tần số của mạch LC: $\left\{\begin{array}{l}\omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}\\ T=2\pi \sqrt{LC}\\ f=\frac{1}{2\pi \sqrt{LC}}\end{array}\right.$ 

Cách giải: Tần số mạch dao động: $f=\frac{1}{2\pi \sqrt{LC}}$ 

Phương pháp: Các đặc trưng sinh lí của âm: Độ cao, độ to và âm sắc.  

Cách giải: Một trong những đặc trưng sinh lí của âm là độ to của âm. 

Phương pháp: 

Công thức tính cường độ dòng điện: $\left\{\begin{array}{l}q=Q_0.\cos (\omega t+\phi )\\ i=q^{\text{'}}=-\omega Q_0.\sin (\omega t+\phi )=I_0.\cos \left(\omega t+\phi +\frac{\pi }{2}\right)\\ u=\frac{q}{C}=\frac{Q_0}{C}\cdot \cos (\omega t+\phi )=U_0.\cos (\omega t+\phi )\end{array}\right.$ 

Tấn số góc của mạch dao động: $\omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}$ 

Công thức liên hệ giữa điện lượng và hiệu điện thế: $q=Cu$ 

Cách giải: Vì $t_2-t_1=\frac{T}{4}\Rightarrow$ dao động tại hai thời điểm vuông pha. 

Nên $i_1=\omega q_2=\frac{1}{\sqrt{LC}}C.u_2=\sqrt{\frac{C}{L}}.u_2\Rightarrow L=\frac{C{u}_2^2}{i_1^2}=\frac{{2.10}^{-9}{.10}^2}{{\left({5.10}^{-3}\right)}^2}={8.10}^{-3}H$ 

Phương pháp: Năng lượng photon của ánh sáng là :$\epsilon =hf=\frac{hc}{\lambda }$.

Cách giải: Bước sóng của ánh sáng này là :$\lambda =\frac{hc}{\epsilon }=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{4,14.1,{6.10}^{-19}}=3,{00045.10}^{-7}m=0,3\mu m$.

Phương pháp:Điều kiện để có sóng dừng trên sợi dây có hai đầu cố định: $l=k\frac{\lambda }{2}$ 

Trong đó:Số bụng sóng = k; số nút sóng = k + 1. 

Cách giải: Trên dây có 5 bụng sóng $\Rightarrow k=5$ 

$\Rightarrow l=5\cdot \frac{\lambda }{2}=5\cdot \frac{v}{2f}\Rightarrow f=\frac{5v}{2l}=\frac{5.40}{2.100}=1Hz$ 

Phương pháp: Công thức tính chu kì con lắc đơn: $T=2\pi \sqrt{\frac{m}{k}}$ 

Cách giải: Công thức tính chu kì con lắc lò xo: $T=2\pi \sqrt{\frac{m}{k}}\iff T^2=\frac{4{\pi }^2}{k}\cdot m$ 

⇒ Đồ thị T theo m có dạng parabol. Chọn hình 2. 

Phương pháp: Dùng Giản Đồ Vecto         

Công suất: $P=\frac{U^2}{R}{\cos }^2\phi =P_{\max }.{\cos }^2\phi$

Cách giải: Dùng Giản Đồ Vecto cho ta j =π/6

Ta có: 

Phương pháp: Công suất bức xạ $P=N\epsilon \iff P=N.\frac{hc}{\lambda }$.

Cách giải: Công suất bức xạ $P=N\epsilon \iff P=N.\frac{hc}{\lambda }\iff N=\frac{P.\lambda }{hc}=\frac{5.0,{6.10}^{-6}}{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}=1,{5094335.10}^{19}$.

Phương pháp: Công thức máy biến áp: $\frac{U_1}{U_2}=\frac{N_1}{N_2}$

Công suất hao phí: $\Delta P=R\cdot \frac{P^2\cos \phi }{U_2^2}$

Hiệu suất truyền tải: $H=1-\frac{\Delta P}{P}$

Cách giải: Nối hai cực của trạm phát với máy biến áp có: $k=\frac{N_1}{N_2}=0,1\Rightarrow U_2=\frac{N_2}{N_1}\cdot U_1=\frac{1000}{0,1}=10000V$

Công suất hao phí: $\Delta P=R\cdot \frac{P^2\cos \phi }{U_2^2}=8\cdot \frac{{100000}^2.1}{{10000}^2}=800W$

Hiệu suất truyền tải: $H=1-\frac{\Delta P}{P}=1-\frac{800}{{10}^5}=99,2\%$

Phương pháp: Độ dãn của lò xo tại VTCB là : $\Delta l=\frac{g}{{\omega }^2}$ 

Phương pháp đường tròn lượng giác 

Cách giải: Tại thời điểm ban đầu vật có li độ: $x=5\cos \left(20.0-\frac{\pi }{2}\right)=0$

Độ dãn của lò xo tại VTCB là : $\Delta l=\frac{g}{{\omega }^2}=\frac{10}{{20}^2}=0,025m=2,5cm$

Vật đi từ vị trí bắt đầu dao động (x = 0) đến vị trí lo xo không biến dạng lần đầu $(x=5-2,5=2,5\text{cm})$ mất khoảng thời gian:  $\Delta t=\frac{T}{6}=\frac{2\pi }{\omega .6}=\frac{\pi }{60}s$

Phương pháp: Số vân sáng trong bề rộng vùng giao thoa L: $N_{vs}=\frac{L}{i}+1$

Cách giải: 

Tổng số vân sáng thu được trên khoảng L là:17+ 3= 20 vân sáng

Số vân sáng của ánh sáng đơn sắc λ₁ là: $\frac{24}{3}+1=9$vân sáng. 

Nên số vân sáng của ánh sáng đơn sắc λ₂ là: 20 - 9= 11 vân sáng

Phương pháp: + Phương pháp giản đồ vecto và phương pháp đại số:

+ C thay đổi U_Cmax thì $\overrightarrow{U}\perp \overrightarrow{U_{RL}}$

Cách giải: 

C thay đổi U_Cmax thì $\overrightarrow{U}\perp \overrightarrow{U_{RL}}$

Phương pháp: Điểm dao động cực đại thoả mãn: $d_2-d_1=k\lambda$

 

Vì ΔCMN vuông tại C nên $h^2=x.(8-x)$ (3)

Từ (1); (2); (3)  $\Rightarrow \sqrt{81-10x}-\sqrt{10x+1}=6.\Rightarrow x\approx 0,6059cm\Rightarrow h\approx 2,12cm$

Phương pháp: Sử dụng phương pháp đường tròn lượng giác 

Bươc sóng: $\lambda =\frac{v}{f}$; Chu kì: $T=\frac{1}{f}$

Cách giải: 

Ta có bước sóng của sóng là : $\lambda =\frac{v}{f}=40cm$

Chu kì dao động của phần tử sóng là  $T=\frac{1}{f}=0,125s$

Thời gian đề bài cho là: $t=T+\frac{1}{24}s=T+\frac{T}{3}$

Suy ra góc quét được của các vecto là ${120}^0$

Căn cứ vào độ dài quãng đường các phần tử A, B đã đi được ta tìm ra các vị trí ban đầu của chúng bằng  vecto quay, và tìm ra được độ lệch pha của hai phần tử:

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{S}_A=1cm\Rightarrow x_A=\frac{S_A}{2}=0,5=\cos \beta \Rightarrow \beta ={60}^0\\ S_B=\sqrt{3}cm\Rightarrow x_B=\frac{S_B}{2}=\frac{\sqrt{3}}{2}=\cos \alpha \Rightarrow \alpha ={30}^0\end{array}\right.$

Ta có hình vẽ: Các vị trí A, B là các vị trí ban đầu của hai phần tử, dễ thấy hai phẩn tử dao động vuông pha nên ta có:    $\Delta \phi =\frac{\Delta d}{\lambda }\cdot 2\pi =(2k+1)\frac{\pi }{2}$ $\Rightarrow \Delta d=(2k+1)\frac{\lambda }{4}=(2k+1).10$  Vậy chỉ có đáp án C là hai dao động ngược pha, là không thỏa mãn

Phương pháp: 

Giản đồ vecto 

Cách giải: Nhận thấy: $U_{XY}^2+U_X^2=U_Y^2\Rightarrow \overrightarrow{U_{XY}}\perp \overrightarrow{U_X}$

⇒ Phần tử X và Y là cuộn dây thuần cảm và tụ điện.