Đáp án B

Giả sử X gồm:

C_nH_2n+1O₂N (amino axit): x mol

C_mH_2m+3N (amin): y mol

Đốt cháy:

C_nH_2n+1O₂N + (1,5n-0,75)O₂ → nCO₂ + (n+0,5)H₂O + 0,5N₂

x                       1,5nx-0,75x            nx

C_mH_2m+3N + (1,5m+0,75)O₂ → mCO2 + (m+1,5) H₂O + 0,5N₂

y                    1,5my+0,75m       my

+ nO₂ = 1,5nx – 0,75x + 1,5my + 0,75y = 0,57 (1)

+ nX = x + y = 0,16 (2)

+ nCO₂ = nx + my = 0,37 (3)

Giải (1)(2)(3) => x = 0,07; y = 0,09

nKOH = n amino axit = 0,07 mol

Đáp án C

Đáp án D

Gọi công thức của amin no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2n+3N

n_CO2 = 4,48: 22,4 = 0,2 (mol) ; n_N2 = 1,12 : 22,4 = 0,05 (mol)

BTNT N => C_nH_2n+3N = 2n_N2 = 0,1 (mol)

=> n = n_CO2 / n_X = 0,2/ 0,1 = 2

=> CTPT: C₂H₇N có duy nhất đồng phân bậc 1 làCH₃CH₂NH₂

Đáp án B

X là (NH₄)₂CO₃; Y là H₂NCH₂CONHCH₂COOH.

(NH₄)₂CO₃+2NaOH→Na₂CO₃+2NH₃ (Z)+2H₂O

(NH₄)₂CO₃+2HCl→2NH₄Cl+H₂O+CO₂ (T)

H₂NCH₂CONHCH₂COOH +H₂O+2HCl→ClH₃NCH₂COOH (Q)

Đáp án C

α- mino axit X = 89 => X là alanin: CH₃-CH(NH₂)- COOH

Đáp án B

m_O = 0,412m => n_O = 0,02575m (mol) => n_COOH = 1/2n_O = 0,012875m (mol)

=> n_NaOH = n_H2O = n_COOH = 0,012875m (mol)

Bảo toàn khối lượng ta có:

m_X + m_NaOH = m_muối + m_H2O

=> m + 40. 0,012875m = 15,399 + 18. 0,012875m

=> m = 12 (g)

Đáp án A

Đáp án C

Đáp án C

$\left\{\begin{array}{l}Val: x \\ Gly-Ala: y\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x+2y+0,1.2 = 0,2 + 0,35\\ 116x + 74y + 89y +\hspace{0.17em}0,1.96 + 0,2.23 + 0,35.39 = 61,45\end{array}\right.$

C:H:N = 0,75:2,25:0,25 = 3:9:1 $\to CTPT: C_3{H}_{9}N$

Đáp án A

Do tạo ancol etylic nên este là Ala-C₂H₅

_{0,095.97 + 0,155.111 = 26,42(g)}

Quy đổi E thành 

= 0,225

Đáp án A

Đáp án B

Ghi nhớ các amin ở thể khí: metylamin, đimetylamin, trimetylamin, etylamin

Đáp án A

BTKL: $m_{H_{2}O} = m_E +\hspace{0.17em}{m}_{NaOH} - m_{muối} - m_{ancol}$

$\to m_{H_{2}O} =$36 + 0,44.40 - 45,34 - 7,36 = 0,9 gam

$\to n_{H_{2}O} = 0,05 mol$

=> n_este = n_ancol = 7,36:46 = 0,16 mol. Ta thấy chỉ có n_Gly-Na > n_este nên este là este của Gly (Gly-C₂H₅)

n_N(peptit) = 0,44 – 0,16 = 0,28 mol

=> Y là pentapeptit (c mol), Z là hexapeptit (d mol)

Mà d = n_Val-Na => Y không chứa Val; Z chứa 1Val

=> 2n + 3m = 15 => n = 3; m = 3;

Đáp án D

$\left\{\begin{array}{l}\stackrel{BTDT}{\to }0,02.1 + 0,06.1 = 0,05.1 + 0,01.1 + 1\\ \stackrel{BTKL}{\to }{m}_{muối}= 23.0,02 + 0,06.39 + 0,05.35,5 + 0,01.145 + (12x+y+60).a = 8,345\end{array}\right.$

Vậy phân tử khối của Y 

Đáp án B

Quy đổi E thành: 

=> m_E = 0,22.57 + 14a +18b =14,21 (1)

Đốt T tốn O₂ như đốt E ; n_O2 = 18,48/ 32 = 0,5775

n_O2 = 0,22.2,25 + 1,5a = 0,5775  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,055 và b = 0,05 (mol)

Số N trung bình trong E là: 

=> phải có chất chứa nhiều hơn 4,4 nguyên tủa N trong phân tử

=> Chỉ có thể là Z: (Gly)₄(Ala) hay C₁₁H₁₉N₅O₆

Đặt x, y, z lần lượt là số mol X, Y, Z trong E 

(với k là số N của Y)

Do Y có 7C nên k =2 hoặc k =3

TH₁: k = 2 => 

Gần nhất với giá trị 5%

TH₂: k = 3 => không thỏa mãn

Đáp án C

Ta thấy:

Glyxin = NH₃ + CH₂ + CO₂

Ala = NH₃ +2CH₂ + CO₂

Val = NH₃ + 4CH₂ + CO₂

CH₃NH₂ = NH₃ +CH₂

C₂H₅NH₂ = NH₃ + 2CH₂

Quy đổi X thành NH₃: 0,18 (mol) ; CH₂ : x (mol) ; CO₂ : y (mol)

PTHH đốt cháy:

4NH₃ + 3O₂ t0→t0 2N₂ + 6H₂O

0,18 → 0,135 (mol)

CH₂ + 1,5O₂ t0→t0 CO_2­ + H₂O

x     → 1,5x           → x                    ( mol)

∑ n_O2 = 0,135 + 1,5x = 0,615 (1)

∑ n_CO2= x + y = 0,4 (2)

Từ (1) và (2) => x = 0,32 và y = 0,08 (mol)

=> n_NaOH = n_Gly + n_Ala + n_Val = n_CO2 = 0,08 (mol)

Đáp án B

n_O2 = 7/22,4 = 0,3125 (mol)

Gọi số mol của X và Y lần lượt là a và 5a (mol)

BTKL: m_Z + m_O2 = m_CO2 + m_H2O + m_N2

=> m_CO2 + m_H2O + m_N2 = 3,17 + 0,3125.32 =13,17(g)  (1)

Khối lượng dung dịch NaOH đặc tăng chính là khối lượng của CO₂ và H₂O

=> m_CO2 + m_H2O = 12,89 (g)  (2)

Từ (1) và (2) => m_N2 = 0,28 (g) => n_N2 = 0,01 (mol)

BTNT N => n_X = 2n_N2 = 0,02 (mol)

=> n_Z = 6n_X = 0,12 (mol)

Gọi x và y lần lượt là số mol của CO₂ và H₂O

Số C trung bình trong Z là: 

=> Y phải có CH₄

TH₁: Hidrocacbon còn lại trong Y không có liên kết pi

=> n_H2O – n_CO2 = 1,5n_amin + n_Y => ta thấy không thỏa mãn vì: 0,01 #0,08 => loại

TH₂: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 1 liên kết pi

=> n_H2O – n_CO2 = 1,5n_amin + n_CH4 ( Vì đốt HC có 1 liên kết pi cho mol CO₂ = H₂O )

=> n_CH4 = ( 0,215 – 0,205) – 1,5.0,02 = - 0,02 (mol) < 0 => loại

TH₃: Hidrocacbon còn lại trong Y không có 2 liên kết pi

Gọi a và b lần lượt là số mol của CH₄ và C_mH_2m-2 trong Y

Gọi CTPT chung của 2 amin là:

=> 1,75 < m < 2,08

Gọi u và v lần lượt là số mol của C₂H₇N và C₃H₉N

= 69,58%

Gần nhất với 70%

Đáp án C

X tạo hợp chất màu xanh tím với dd iot => X là tinh bột

Y phản ứng với dd AgNO₃/NH₃ tạo ra Ag => Y là glucozo

Z làm mất màu dd nước brom và tạo ra kết tủa trắng => Z là anilin hoặc phenol

Theo các đáp án thì Đáp án C là phù hợp

Đáp án D

Alanin có công thức là: CH₃-CH₂(NH₂)-COOH

CH₃-CH₂(NH₂)-COOH + NaOH → CH₃-CH₂(NH₂)-COONa + H₂O

n_Ala-Na = 27,75/111 = 0,25 (mol)

=> n_Ala = n_Ala-Na = 0,25 (mol) => m_Ala = 0,25.89 = 22,25 (g)

Đáp án C

n_NaOH = 0,2.0,5 = 0,1(mol)

=> n_C2H5OH = n_NaOH = 0,1(mol)

BTKL ta có: m_hh + m_NaOH = m_C2H5OH + m_muối

=> m_hh = 0,1.46 + 7,525 – 0,1.40 = 8,125 (g)

Đáp án D

TN1: $\frac{n_{NaOH}}{n_E} = 2$ => Y là este của phenol

TN2: n_X = n_N2 = 0,04 mol => n_Y = n_E – n_X = 0,06 mol

BTNT ta có:

n_C(X) = n_CO2 = 0,64 mol

n_H(X) = 2n_H2O = 0,8 mol

n_N(X) = 2n_N2 = 0,08 mol

n_O(X) = 3n_X + 2n_Y = 0,24 mol

=> m_E = m_C + m_H + m_O + m_N = 13,44 gam

Giả sử số nguyên tử C trong X và Y lần lượt là n và m (n≥4; m≥7)

BT”C”: 0,04n + 0,06m = 0,64

=> m = 8, n = 4 thỏa mãn

$\to m_E =$0,04.132 + 0,06.(12,8 + a + 16.2) = 13,44 => a = 8

=> m = 0,16.97 + 0,12.82 + 0,12.116 = 39,28(g)

Đáp án B

= 0,175 - 0,145 = 0,03 (mol)

= 0,05 - 0,03 = 0,02 (mol)

A. m = 0,03.45 + 0,02.89 = 3,13 (g) => Đúng

B. Phân tử khối của Y là 89 => Sai

C. => Đúng

D. => Đúng