Chọn đáp án D

m gam hỗn hợp gồm x mol Ala-Val-Ala-Gly-Ala và y mol Val-Gly-Gly

Thủy phân hoàn toàn thu được (x + 2y) mol Gly; (x + y) mol Val và 3x mol Ala.

Mà lại có: 

||⇒ giải hệ phương trình được kết quả: x = 0,1 mol và y = 0,2 mol.

=> m = 0,1.387 + 0,2.231 = 84,9 gam => Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

cấu tạo của alanin: CH₃CH(NH₂)COOH và axit glutamic là HCOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH.

Theo đó, • m gam X + NaOH dư → (m + 11) gam muối + H₂O ||→ tăng giảm khối lượng có 

= 11/22 = 0,5 mol

• m gam X + HCl dư → (M + 10,95) gam muối ||→ bảo toàn khối lượng có:

= 10,95/36,5 = 0,3 mol

||⇒ giải hệ được 

Theo đó: 

=> Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

đốt 0,05 mol X + 1,875 mol O₂ → 1,5 mol CO₂ + 1,3 mol H₂O + ? mol N₂.

Bảo toàn nguyên tố O có 

Tỉ lệ: 

=> X dạng C_nH_mN₁₀O₁₁.

⇒ X là decapeptit tương ứng với có 10 – 1 = 9 liên kết peptit.!

Từ đó có 

→ dùng BTKL phản ứng đốt có $m_X = 36,4 gam$.

⇒ khi dùng 0,025 mol X  + 0,4 mol NaOH→ m gam rắn + H₂O.

luôn có $n_{H_{2}O thủy phân} = n_X = 0,025 mol$

=> dùng BTKL có m = 33,75 gam.

Vậy, đáp án đúng cần chọn theo yêu cầu là C.

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

Đặt

$\Rightarrow n_{HCl phản ứng}$ = 0,36.2 = 2x + 2y

Bảo toàn khối lượng: m_{muối trong Y} + m_HCl = m_{muối trong Z}  97x + 111y + 0,72 × 36,5 = 63,72.

Giải hệ có: x = y = 0,18 mol ⇒ n_NaOH = 0,18 + 0,18 = 0,36 mol. Lại có:

n-peptit + nNaOH → n-muối + H₂O || amino axit + NaOH → muối + H₂O.

Bảo toàn khối lượng có: $m_X +\hspace{0.17em}{m}_{NaOH}$ m_{muối trong Y} + $m_{H_{2}O}$

=> m + 0,36.40 = m + 12,24 + $m_{H_{2}O}$ => $m_{H_{2}O}$ = 2,16 gam

TH1: B là Ala ⇒ A chứa 0,18 : 0,06 = 0,3 gốc Gly và (0,18 - 0,06) : 0,06 = 2 gốc Ala. 

⇒ A là Gly₃Ala₂ $\Rightarrow M_A = 331 < 4M_B$ => loại.

TH2: B là Gly ⇒ A chứa (0,18 - 0,06) : 0,06 = 2 gốc Gly và 0,18 : 0,06 = 3 gốc Ala.

⇒ A là Gly₂Ala₃ ⇒ M_A > 4M_B ⇒ nhận.

A. Sai, A chứa 4 liên kết peptit. || B. Sai, tỉ lệ số phân tử Gly và Ala là 2 : 3

C. Sai, B có %m_N = 14 ÷ 75 × 100%  = 18,67%

D. Đúng, A có %m_N = 14 × 5 ÷ 345 × 100% = 20,29%

Chọn đáp án A

Amino axit là hợp chất hữu cơ tạp chức mà phân tử của chúng chứa đồng thời nhóm amino (-NH₂) và nhóm cacboxyl (–COOH) ⇒ Chọn A

Chọn đáp án D

Amin phản ứng với HCl thì khối lượng muối tăng so với khối lượng của hh amin đúng bằng khối lượng HCl tham gia phản ứng:

⇒ m_Muối = 2,5 + 0,05 × 36,5 = 4,325 gam ⇒ Chọn D

Chọn đáp án D

Quy về C₂H₃NO, CH₂, H₂O ⇒ n_H2O = n_T = 0,14 mol

n_C2H3NO = n_Gly + n_Ala = 0,28 + 0,4 = 0,68 mol; n_CH2 = n_Ala = 0,4 mol.

đốt 0,14 mol T cho ∑n_CO2 = 1,76 mol và ∑n_H2O = 1,56 mol.

⇒ ∑m_{(CO2, H2O)} = 1,76 × 44 + 1,56 × 18 = 105,52 gam.

⇒ m_T = 0,68 × 57 + 0,4 × 14 + 0,14 × 18 = 46,88 gam.

⇒ m = 46,88 × 63,312 ÷ 105,52 = 28,128 gam.

Chọn đáp án B

Có 2 đồng phân amin bậc 1 ứng với ctpt C₃H₉N là:

CH₃-CH₂-CH₂-NH₂

CH₃-CH(CH₃)-NH₂

⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

  Quy M về C₂H₃NO, CH₂, H₂O 

Bảo toàn nguyên tố nitơ: 

Đặt $n_{C{H}_2}$ x mol => Q gồm 0,075 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂.

⇒ đốt cho $n_{C{O}_2}$ = (0,1125 + x) mol và $n_{H_{2}O}$ = (0,15 + x) mol

⇒ m_{bình tăng} = 

$\iff$44 x (0,1125 + x) + 18 x (0,15 + x) = 13,23 gam

=> x = 0,09 mol => m = 0.075 x 57 + 0.09 x 14 + 0,03 x 18 = 6,075 gam

Cách khác: Quy M về đipeptit:  (dạng C_2mH_4mN₂O₃0.

$$\begin{gathered} n_{Mn} = 0,03 mol; n_{M_2} = n_{N_2} = 0,0375 mol \\ \Rightarrow n_{H_{2}O} = 0,0375 - 0,03 = 0,0075 mol \end{gathered}$$

C_2mH_4mN₂O₃ + 2NaOH → 2C_mH_2mNO₂Na + H₂O ||⇒ 

= 0,24 mol

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Đặt CT trung bình của M là GlyAla(Lys)x ⇒ M(M) = 128x + 146; số O = x + 3.

⇒ %mO = 16 × (x + 3) ÷ (128x + 146) × 100% = 21,302% ⇒ x = 1,5.

GlyAla(Lys)1,5 + 5HCl + 2,5H2O → muối ⇒ nHCl = 0,6 mol; nH2O = 0,3 mol.

Bảo toàn khối lượng: m = 0,12 × 338 + 0,6 × 36,5 + 0,3 × 18 = 67,86(g).

Chọn đáp án B

T chứa 3 chất hữu cơ trong đó chắc chắn có Y ⇒ T phải chứa 2 ancol

⇒ Z là este tạo bởi axit 2 chức. Quy A về C₂H₄NO₂K, (COOK)₂, CH₂.

Đặt nC₂H₄NO₂K = x; n(COOK)₂ = y; nCH₂ = z ⇒ nO2 = 2,25x + 0,5y + 1,5z = 0,685 mol.

nK₂CO₃ = 0,11 mol. Bảo toàn nguyên tố Kali: x + 2y = 0,11 × 2

Đốt A cho CO₂: 1,5x + y + z; H₂O: 2x + z ⇒ 30,4 = 44.(1,5x + y + z) + 18.(2x + z)

Giải hệ có: x = z = 0,18 mol; y = 0,02 mol ⇒ nX = 0,06 mol.

Đặt số gốc CH₂ ghép vào peptit và axit là 2a và b (a ≥ 2; b ≥ 1).

⇒ 0,06.2a + 0,02b = 0,18. Giải phương trình nghiệm nguyên: a = 1; b = 3.

⇒ X là Ala-Ala-Gly và muối của axit là C₅H₆O₄K₂. Do có cùng số C nên Z chứa 8C.

⇒ Z tạo bởi 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH ⇒ nCH₃OH = nC₂H₅OH = 0,02 mol.

⇒ mY = 0,08 × 24,75 × 2 – 0,02 × 32 – 0,02 × 46 = 2,4(g).

Chọn đáp án B

A sai vì ở nhiệt độ thường chỉ có metyl-, đimetyl-, trimetyl- và etylamin tan tốt trong H₂O.

C sai vì bậc của amin bằng số H trong NH₃ bị thay bởi gốc hidrocacbon

⇒ isopropylamin hay CH₃CH(CH₃)NH₂ là amin bậc 1.

D sai vì gốc phenyl hút electron mạnh nên làm giảm mạnh tính bazơ ⇒ anilin không làm đổi màu quỳ tím.

B đúng vì anilin phản ứng với dung dịch Br₂ tạo kết tủa trắng: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂↓ + 3HBr.

⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

Peptit trên là: Gly-Ala-Ala-Gly-Gly

⇒ thủy phân thu được 2 loại α-amino axit là Gly và Ala.

⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

Khi nấu canh cua thì thấy các mảng "riêu cua" nổi lên

là do sự đông tụ của protein do nhiệt độ ⇒ Chọn B

______________________________

+ Dựa vào điều này các đầu bếp có thể nấu chín thịt nhưng vẫn giữ được độ ngọt của chúng.

Chọn đáp án D

n_peptit = 0,1 mol ⇒ muối gồm 0,1 mol Glu-Na₂ và 0,1 mol Ala-Na.

⇒ m = 0,1 × 191 + 0,1 × 111 = 30,2(g) ⇒ chọn D.

Chú ý: cần cẩn thận khi dùng bảo toàn khối lượng do peptit chứa Glu:

Glu-Ala + 3NaOH → muối + 2H₂O ||⇒ n_NaOH = 0,3 mol; n_H2O = 0,2 mol.

► Bảo toàn khối lượng: m = 21,8 + 0,3 × 40 - 0,2 × 18 = 30,2(g).

Chọn đáp án D

Bậc của amin bằng số H trong NH₃ bị thay thế bởi gốc hidrocacbon.

⇒ Amin bậc I chứa –NH₂ ⇒ các amin bậc I ứng với C₇H₉N là:

C₆H₅CH₂NH₂; o,m,p-CH₃-C₆H₄-NH₂ ⇒ chọn D

Chọn đáp án D

Amin no, đơn chức, mạch hở ⇒ có dạng C_nH_2n+3N.

13,35(g) X + ? HCl → 22,475(g) muối ||⇒ Bảo toàn khối lượng:

n_HCl = (22,475 - 13,35) ÷ 36,5 = 0,25 mol ⇒ M_X = 53,4

⇒ n = 2,6 ⇒ Công thức chung của X: C_2,6H_8,2N.

V_CO2 : V_H2O = 2,6 ÷ 4,1 = 26 ÷ 41 ⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

► Dễ thấy Y là đipeptit. Lại có: 6 = 2 + 4 = 3 + 3.

TH1: 6 = 2 + 4. α-amino axit chứa 4C có 2 đồng phân là:

CH₃CH₂CH(NH₂)COOH (A), CH₃-C(CH₃)(NH₂)COOH (B).

⇒ ứng với mỗi đồng phân A và B thì tạo được 2 loại đipeptit với Gly

(A-Gly, Gly-A, B-Gly, Gly-B).

TH2: 6 = 3 + 3. α-amino axit chứa 3C chỉ có thể là Ala.

⇒ chỉ có 1 loại đipeptit là Ala-Ala.

► Tổng cộng có 5 đồng phân peptit của Y ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Quy quá trình về: Gly + 0,2 mol HCl + NaOH vừa đủ.

n_NaOH = 160 × 0,1 ÷ 40 = 0,4 mol ⇒ n_Gly = 0,4 - 0,2 = 0,2 mol.

► Rắn khan gồm 0,2 mol Gly-Na và 0,2 mol NaCl.

||⇒ m_rắn = 0,2 × 97 + 0,2 × 58,5 = 31,1(g) ⇒ chọn C.  

||⇒ m_{muối của axit cacboxylic} = 6,62 - 0,03 × 116 = 3,14(g) ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

● Giả sử Zn hết ⇒ Z chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ cần 0,045 × 2 = 0,09 mol NO₃^–.

⇒ vô lí ⇒ Zn dư ⇒ Z chỉ chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ n_Zn(NO3)2 = 0,04 ÷ 2 = 0,02 mol.

Do NO₃^– được bảo toàn nên ta chỉ cần bảo toàn khối lượng gốc kim loại.

► m = 3,217 + 0,02 × 65 + 3,88 – 0,045 × 65 – 0,04 × 108 = 1,152(g) ⇒ chọn D. 

● Giả sử Zn hết ⇒ Z chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ cần 0,045 × 2 = 0,09 mol NO₃^–.

⇒ vô lí ⇒ Zn dư ⇒ Z chỉ chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ n_Zn(NO3)2 = 0,04 ÷ 2 = 0,02 mol.

Do NO₃^– được bảo toàn nên ta chỉ cần bảo toàn khối lượng gốc kim loại.

► m = 3,217 + 0,02 × 65 + 3,88 – 0,045 × 65 – 0,04 × 108 = 1,152(g) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

12,95(g) X + ?O₂ → 0,85 mol CO₂ + ?H₂O + 0,025 mol N₂.

● m_X = m_C + m_H + m_O ⇒ m_H = 12,95 - 0,85 × 12 - 0,025 × 2 × 14 = 2,05(g).

⇒ n_H = 2,05 mol ⇒ n_H2O = 1,025 mol. Bảo toàn nguyên tố Oxi:

n_O2 = (0,85 × 2 + 1,025) ÷ 2 = 1,3625 mol ||⇒ V = 30,52 lít ⇒ chọn B.

Chọn đáp án A

Thủy phân X → Ala và Gly ⇒ X chứa cả Ala và Gly. Mặt khác, Ala-Gly-Gly Gly-Ala-Gly.

⇒ có tính vị trí sắp xếp ||⇒ cách sắp xếp 2 loại gốc amino axit vào tripeptit là chỉnh hợp chập 2 của 3.

► Số đồng phân của X là $A_3^2$ = 6 ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

72(g) n-peptit (X) + nHCl + (n - 1)H₂O → 38,375(g)Val-HCl + 83,625(g)Gly-HCl.

n_Val = 38,375 ÷ 153,5 = 0,25 mol; n_Gly = 83,625 ÷ 111,5 = 0,75 mol

⇒ n_HCl = ∑n_a.a = 0,25 + 0,75 = 1 mol. Bảo toàn khối lượng:

m_H2O = 38,375 + 83,625 - 72 - 1 × 36,5 = 13,5(g) ⇒ n_H2O = 0,75 mol.

⇒ n ÷ (n - 1) = n_HCl ÷ n_H2O = 1 ÷ 0,75 = 4 : 3 ⇒ n = 4 ⇒ X là tetrapeptit ⇒ chọn C.