325 Bài tập trắc nghiệm Amin, Amino axit, Protein cực hay có lời giải (P5)

Chọn đáp án A

Bài học:

2. Quy luật biến đổi lực bazơ

Amin no

Amin no, mạch hở thể hiện tính bazơ mạnh hơn amoniac do gốc ankyl có tác dụng làm tăng cường tính bazơ:

Amin no bậc hai (đính với hai gốc ankyl) có tính bazơ mạnh hơn bazơ bậc một:

Amin thơm

Amin thơm có nguyên tử N ở nhóm amin đính trực tiếp vào vòng benzen. Gốc phenyl có tác dụng làm suy giảm tính bazơ, do vậy amin thơm có lực bazơ rất yếu, yếu hơn amoniac:

⇒ thứ tự đúng là (3), (2), (4), (1) → chọn đáp án A.

Chọn đáp án A

Peptit X có công thức sau: Gly-Ala-Val⇒ M_X = 75 + 89 + 117 – 36 = 245 ⇒ chọn đáp án A.

Chọn đáp án C

Khi thay đổi trật tự các gốc α-amino axit sẽ tạo ra các peptit đồng phân cấu tạo của nhau. Như bạn có thể thấy từ phần cấu tạo, Gly-Ala và Ala-Gly là đồng phân:

Nếu phân tử chứa k gốc α-amino axit khác nhau thì sẽ có k! cách sắp xếp khác nhau của các gốc, dẫn tới có k! đồng phân cấu tạo.

Theo toán học, đó là chỉnh hợp chập k của k phần tử: 

Vận dụng: Có 3! = 6 tripeptit được tạo thành đồng thời từ 3 gốc Gly, Ala và Val, đó là:

⇒ chọn đáp án C.

Chọn đáp án B

X có công thức phân tử là C₄H₁₁N có 4 đồng phân amin bậc một thỏa mãn gồm:

⇒ Chọn đáp án B.

Chọn đáp án C

amin no đơn chức, mạch hở có dạng C_nH_{2n + 3}N.

đốt 0,3 mol CO₂ + 0,6 mol H₂O.

tương quan đốt có: 

⇒ Giá trị n = số $C_{trung bình X,Y } = 0,3 ÷ 0,2 = 1,5$

⇒ amin X là CH₅N và amin Y là C₂H₇N → chọn đáp án C.

Chọn đáp án A

=> 6,04 gam Gly-Ala-Val-Gly ⇔ 0,02 mol.

Phản ứng: Gly-Ala-Val-Gly + 3H₂O + 4HCl → m gam hỗn hợp muối.

có $n_{H_{2}O} = 0,06 mol; n_{HCl} = 0,06 mol$ ||⇒ bảo toàn khối lượng có:

m = $m_{muối}$ = 6,04 + 0,06.18 + 0,08.36,5  = 10,04 gam. Chọn đáp án A.

Chọn đáp án B

quan sát 4 đáp án ⇒ nếu đáp án B, C, D đúng thì X là amin 2 chức.

Phản ứng: 

BTKL có $m_{HCl}$ = 26,6 - 12 = 14,6 gam => $n_{HCl} = 0,4 mol$

ứng với công thức cấu tạo thỏa mãn X là H₂NCH₂CH₂NH₂ → chọn đáp án B.

Chọn đáp án D

m gam hỗn hợp gồm x mol Ala-Val-Ala-Gly-Ala và y mol Val-Gly-Gly

Thủy phân hoàn toàn thu được (x + 2y) mol Gly; (x + y) mol Val và 3x mol Ala.

Mà lại có: 

||⇒ giải hệ phương trình được kết quả: x = 0,1 mol và y = 0,2 mol.

=> m = 0,1.387 + 0,2.231 = 84,9 gam => Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

cấu tạo của alanin: CH₃CH(NH₂)COOH và axit glutamic là HCOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH.

Theo đó, • m gam X + NaOH dư → (m + 11) gam muối + H₂O ||→ tăng giảm khối lượng có 

= 11/22 = 0,5 mol

• m gam X + HCl dư → (M + 10,95) gam muối ||→ bảo toàn khối lượng có:

= 10,95/36,5 = 0,3 mol

||⇒ giải hệ được 

Theo đó: 

=> Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

đốt 0,05 mol X + 1,875 mol O₂ → 1,5 mol CO₂ + 1,3 mol H₂O + ? mol N₂.

Bảo toàn nguyên tố O có 

Tỉ lệ: 

=> X dạng C_nH_mN₁₀O₁₁.

⇒ X là decapeptit tương ứng với có 10 – 1 = 9 liên kết peptit.!

Từ đó có 

→ dùng BTKL phản ứng đốt có $m_X = 36,4 gam$.

⇒ khi dùng 0,025 mol X  + 0,4 mol NaOH→ m gam rắn + H₂O.

luôn có $n_{H_{2}O thủy phân} = n_X = 0,025 mol$

=> dùng BTKL có m = 33,75 gam.

Vậy, đáp án đúng cần chọn theo yêu cầu là C.

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

Đặt

$\Rightarrow n_{HCl phản ứng}$ = 0,36.2 = 2x + 2y

Bảo toàn khối lượng: m_{muối trong Y} + m_HCl = m_{muối trong Z}  97x + 111y + 0,72 × 36,5 = 63,72.

Giải hệ có: x = y = 0,18 mol ⇒ n_NaOH = 0,18 + 0,18 = 0,36 mol. Lại có:

n-peptit + nNaOH → n-muối + H₂O || amino axit + NaOH → muối + H₂O.

Bảo toàn khối lượng có: $m_X +\hspace{0.17em}{m}_{NaOH}$ m_{muối trong Y} + $m_{H_{2}O}$

=> m + 0,36.40 = m + 12,24 + $m_{H_{2}O}$ => $m_{H_{2}O}$ = 2,16 gam

TH1: B là Ala ⇒ A chứa 0,18 : 0,06 = 0,3 gốc Gly và (0,18 - 0,06) : 0,06 = 2 gốc Ala. 

⇒ A là Gly₃Ala₂ $\Rightarrow M_A = 331 < 4M_B$ => loại.

TH2: B là Gly ⇒ A chứa (0,18 - 0,06) : 0,06 = 2 gốc Gly và 0,18 : 0,06 = 3 gốc Ala.

⇒ A là Gly₂Ala₃ ⇒ M_A > 4M_B ⇒ nhận.

A. Sai, A chứa 4 liên kết peptit. || B. Sai, tỉ lệ số phân tử Gly và Ala là 2 : 3

C. Sai, B có %m_N = 14 ÷ 75 × 100%  = 18,67%

D. Đúng, A có %m_N = 14 × 5 ÷ 345 × 100% = 20,29%

Chọn đáp án A

Amino axit là hợp chất hữu cơ tạp chức mà phân tử của chúng chứa đồng thời nhóm amino (-NH₂) và nhóm cacboxyl (–COOH) ⇒ Chọn A

Chọn đáp án D

Amin phản ứng với HCl thì khối lượng muối tăng so với khối lượng của hh amin đúng bằng khối lượng HCl tham gia phản ứng:

⇒ m_Muối = 2,5 + 0,05 × 36,5 = 4,325 gam ⇒ Chọn D

Chọn đáp án D

Quy về C₂H₃NO, CH₂, H₂O ⇒ n_H2O = n_T = 0,14 mol

n_C2H3NO = n_Gly + n_Ala = 0,28 + 0,4 = 0,68 mol; n_CH2 = n_Ala = 0,4 mol.

đốt 0,14 mol T cho ∑n_CO2 = 1,76 mol và ∑n_H2O = 1,56 mol.

⇒ ∑m_{(CO2, H2O)} = 1,76 × 44 + 1,56 × 18 = 105,52 gam.

⇒ m_T = 0,68 × 57 + 0,4 × 14 + 0,14 × 18 = 46,88 gam.

⇒ m = 46,88 × 63,312 ÷ 105,52 = 28,128 gam.

Chọn đáp án B

Có 2 đồng phân amin bậc 1 ứng với ctpt C₃H₉N là:

CH₃-CH₂-CH₂-NH₂

CH₃-CH(CH₃)-NH₂

⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

  Quy M về C₂H₃NO, CH₂, H₂O 

Bảo toàn nguyên tố nitơ: 

Đặt $n_{C{H}_2}$ x mol => Q gồm 0,075 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂.

⇒ đốt cho $n_{C{O}_2}$ = (0,1125 + x) mol và $n_{H_{2}O}$ = (0,15 + x) mol

⇒ m_{bình tăng} = 

$\iff$44 x (0,1125 + x) + 18 x (0,15 + x) = 13,23 gam

=> x = 0,09 mol => m = 0.075 x 57 + 0.09 x 14 + 0,03 x 18 = 6,075 gam

Cách khác: Quy M về đipeptit:  (dạng C_2mH_4mN₂O₃0.

$$\begin{gathered} n_{Mn} = 0,03 mol; n_{M_2} = n_{N_2} = 0,0375 mol \\ \Rightarrow n_{H_{2}O} = 0,0375 - 0,03 = 0,0075 mol \end{gathered}$$

C_2mH_4mN₂O₃ + 2NaOH → 2C_mH_2mNO₂Na + H₂O ||⇒ 

= 0,24 mol

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Đặt CT trung bình của M là GlyAla(Lys)x ⇒ M(M) = 128x + 146; số O = x + 3.

⇒ %mO = 16 × (x + 3) ÷ (128x + 146) × 100% = 21,302% ⇒ x = 1,5.

GlyAla(Lys)1,5 + 5HCl + 2,5H2O → muối ⇒ nHCl = 0,6 mol; nH2O = 0,3 mol.

Bảo toàn khối lượng: m = 0,12 × 338 + 0,6 × 36,5 + 0,3 × 18 = 67,86(g).

Chọn đáp án B

T chứa 3 chất hữu cơ trong đó chắc chắn có Y ⇒ T phải chứa 2 ancol

⇒ Z là este tạo bởi axit 2 chức. Quy A về C₂H₄NO₂K, (COOK)₂, CH₂.

Đặt nC₂H₄NO₂K = x; n(COOK)₂ = y; nCH₂ = z ⇒ nO2 = 2,25x + 0,5y + 1,5z = 0,685 mol.

nK₂CO₃ = 0,11 mol. Bảo toàn nguyên tố Kali: x + 2y = 0,11 × 2

Đốt A cho CO₂: 1,5x + y + z; H₂O: 2x + z ⇒ 30,4 = 44.(1,5x + y + z) + 18.(2x + z)

Giải hệ có: x = z = 0,18 mol; y = 0,02 mol ⇒ nX = 0,06 mol.

Đặt số gốc CH₂ ghép vào peptit và axit là 2a và b (a ≥ 2; b ≥ 1).

⇒ 0,06.2a + 0,02b = 0,18. Giải phương trình nghiệm nguyên: a = 1; b = 3.

⇒ X là Ala-Ala-Gly và muối của axit là C₅H₆O₄K₂. Do có cùng số C nên Z chứa 8C.

⇒ Z tạo bởi 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH ⇒ nCH₃OH = nC₂H₅OH = 0,02 mol.

⇒ mY = 0,08 × 24,75 × 2 – 0,02 × 32 – 0,02 × 46 = 2,4(g).

Chọn đáp án B

A sai vì ở nhiệt độ thường chỉ có metyl-, đimetyl-, trimetyl- và etylamin tan tốt trong H₂O.

C sai vì bậc của amin bằng số H trong NH₃ bị thay bởi gốc hidrocacbon

⇒ isopropylamin hay CH₃CH(CH₃)NH₂ là amin bậc 1.

D sai vì gốc phenyl hút electron mạnh nên làm giảm mạnh tính bazơ ⇒ anilin không làm đổi màu quỳ tím.

B đúng vì anilin phản ứng với dung dịch Br₂ tạo kết tủa trắng: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂↓ + 3HBr.

⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

Peptit trên là: Gly-Ala-Ala-Gly-Gly

⇒ thủy phân thu được 2 loại α-amino axit là Gly và Ala.

⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

Khi nấu canh cua thì thấy các mảng "riêu cua" nổi lên

là do sự đông tụ của protein do nhiệt độ ⇒ Chọn B

______________________________

+ Dựa vào điều này các đầu bếp có thể nấu chín thịt nhưng vẫn giữ được độ ngọt của chúng.

Chọn đáp án D

n_peptit = 0,1 mol ⇒ muối gồm 0,1 mol Glu-Na₂ và 0,1 mol Ala-Na.

⇒ m = 0,1 × 191 + 0,1 × 111 = 30,2(g) ⇒ chọn D.

Chú ý: cần cẩn thận khi dùng bảo toàn khối lượng do peptit chứa Glu:

Glu-Ala + 3NaOH → muối + 2H₂O ||⇒ n_NaOH = 0,3 mol; n_H2O = 0,2 mol.

► Bảo toàn khối lượng: m = 21,8 + 0,3 × 40 - 0,2 × 18 = 30,2(g).

Chọn đáp án D

Bậc của amin bằng số H trong NH₃ bị thay thế bởi gốc hidrocacbon.

⇒ Amin bậc I chứa –NH₂ ⇒ các amin bậc I ứng với C₇H₉N là:

C₆H₅CH₂NH₂; o,m,p-CH₃-C₆H₄-NH₂ ⇒ chọn D

Chọn đáp án D

Amin no, đơn chức, mạch hở ⇒ có dạng C_nH_2n+3N.

13,35(g) X + ? HCl → 22,475(g) muối ||⇒ Bảo toàn khối lượng:

n_HCl = (22,475 - 13,35) ÷ 36,5 = 0,25 mol ⇒ M_X = 53,4

⇒ n = 2,6 ⇒ Công thức chung của X: C_2,6H_8,2N.

V_CO2 : V_H2O = 2,6 ÷ 4,1 = 26 ÷ 41 ⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

► Dễ thấy Y là đipeptit. Lại có: 6 = 2 + 4 = 3 + 3.

TH1: 6 = 2 + 4. α-amino axit chứa 4C có 2 đồng phân là:

CH₃CH₂CH(NH₂)COOH (A), CH₃-C(CH₃)(NH₂)COOH (B).

⇒ ứng với mỗi đồng phân A và B thì tạo được 2 loại đipeptit với Gly

(A-Gly, Gly-A, B-Gly, Gly-B).

TH2: 6 = 3 + 3. α-amino axit chứa 3C chỉ có thể là Ala.

⇒ chỉ có 1 loại đipeptit là Ala-Ala.

► Tổng cộng có 5 đồng phân peptit của Y ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Quy quá trình về: Gly + 0,2 mol HCl + NaOH vừa đủ.

n_NaOH = 160 × 0,1 ÷ 40 = 0,4 mol ⇒ n_Gly = 0,4 - 0,2 = 0,2 mol.

► Rắn khan gồm 0,2 mol Gly-Na và 0,2 mol NaCl.

||⇒ m_rắn = 0,2 × 97 + 0,2 × 58,5 = 31,1(g) ⇒ chọn C.  

||⇒ m_{muối của axit cacboxylic} = 6,62 - 0,03 × 116 = 3,14(g) ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

● Giả sử Zn hết ⇒ Z chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ cần 0,045 × 2 = 0,09 mol NO₃^–.

⇒ vô lí ⇒ Zn dư ⇒ Z chỉ chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ n_Zn(NO3)2 = 0,04 ÷ 2 = 0,02 mol.

Do NO₃^– được bảo toàn nên ta chỉ cần bảo toàn khối lượng gốc kim loại.

► m = 3,217 + 0,02 × 65 + 3,88 – 0,045 × 65 – 0,04 × 108 = 1,152(g) ⇒ chọn D. 

● Giả sử Zn hết ⇒ Z chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ cần 0,045 × 2 = 0,09 mol NO₃^–.

⇒ vô lí ⇒ Zn dư ⇒ Z chỉ chứa muối Zn(NO₃)₂ ⇒ n_Zn(NO3)2 = 0,04 ÷ 2 = 0,02 mol.

Do NO₃^– được bảo toàn nên ta chỉ cần bảo toàn khối lượng gốc kim loại.

► m = 3,217 + 0,02 × 65 + 3,88 – 0,045 × 65 – 0,04 × 108 = 1,152(g) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

12,95(g) X + ?O₂ → 0,85 mol CO₂ + ?H₂O + 0,025 mol N₂.

● m_X = m_C + m_H + m_O ⇒ m_H = 12,95 - 0,85 × 12 - 0,025 × 2 × 14 = 2,05(g).

⇒ n_H = 2,05 mol ⇒ n_H2O = 1,025 mol. Bảo toàn nguyên tố Oxi:

n_O2 = (0,85 × 2 + 1,025) ÷ 2 = 1,3625 mol ||⇒ V = 30,52 lít ⇒ chọn B.

Chọn đáp án A

Thủy phân X → Ala và Gly ⇒ X chứa cả Ala và Gly. Mặt khác, Ala-Gly-Gly Gly-Ala-Gly.

⇒ có tính vị trí sắp xếp ||⇒ cách sắp xếp 2 loại gốc amino axit vào tripeptit là chỉnh hợp chập 2 của 3.

► Số đồng phân của X là $A_3^2$ = 6 ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

72(g) n-peptit (X) + nHCl + (n - 1)H₂O → 38,375(g)Val-HCl + 83,625(g)Gly-HCl.

n_Val = 38,375 ÷ 153,5 = 0,25 mol; n_Gly = 83,625 ÷ 111,5 = 0,75 mol

⇒ n_HCl = ∑n_a.a = 0,25 + 0,75 = 1 mol. Bảo toàn khối lượng:

m_H2O = 38,375 + 83,625 - 72 - 1 × 36,5 = 13,5(g) ⇒ n_H2O = 0,75 mol.

⇒ n ÷ (n - 1) = n_HCl ÷ n_H2O = 1 ÷ 0,75 = 4 : 3 ⇒ n = 4 ⇒ X là tetrapeptit ⇒ chọn C.