25 đề thi ôn luyện THPT Quốc gia môn Vật lí có đáp án năm 2022 (Đề 14)

Đáp án C

Đáp án A

Đáp án D

Đáp án B

Với sóng âm (sóng cơ nói chung) khi truyền từ môi trường mật độ vật chất cao sang môi trường mật độ vật chất thấp thì tốc độ truyền giảm, tần số không đổi, nên bước sóng giảm đi.

Đáp án C

Nếu xem quá trình dao động của mạch LC trong một chu kì thì ta sẽ thấy luôn có sự biến thiên của cường độ dòng điện.

I biến thiên dẫn tới từ trường B biến thiên

$\Rightarrow$ từ thông $\Phi$ biến thiên $\Rightarrow$ sinh ra một suất điện động tự cảm

Đáp án D

Các nguyên tử của cùng một nguyên tố hóa học, khi bị kích thích, phát ra các bức xạ có bước sóng xác định và cho một quang phổ vạch phát xạ riêng, đặc trưng cho một nguyên tố ấy.

Đáp án D

Đáp án D

Đáp án B

Đáp án C

Lực kéo về $\text{F}=-\text{kx}\Rightarrow$ có chiều luôn hướng về vị trí cân bằng và độ lớn tỉ lệ với độ lớn li độ.

Đáp án D

Đáp án A

Ứng dụng của tia tử ngoại:

Trong y học: tia tử ngoại được sử dụng để tiệt trùng các dụng cụ phẫu thuật, để chữa một số bệnh.

Trong công nghiệp thực phẩm: tia tử ngoại được sử dụng để tiệt trùng cho thực phẩm trước khi đóng gói hoặc đóng hộp.

Đáp án B

Đáp án C

Cường độ hiệu dụng trong mạch: $I=\frac{U}{Z}=\frac{U}{\left|\omega L-\frac{1}{\omega C}\right|}=2( \text{A})$.

Đáp án B

Để xảy ra hiện tượng quang điện thì $\lambda \le {\lambda }_0\Rightarrow \text{f}\ge {\text{f}}_0$.

Ta có: ${\text{f}}_{\min }={\text{f}}_0=\frac{\text{c}}{{\lambda }_0}=1,{596.10}^{14} \text{Hz}$

Đáp án D

Phương trình phản ứng: ${}_{\text{Z}}^{\text{A}}\text{X}{+}_9^{19} \text{F}{\to }_2^4\text{He}{+}_8^{16}\text{O}$

Ta có $\left\{\begin{array}{l}\text{A}+19=4+16\\ \text{Z}+9=2+8\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}\text{A}=1\\ \text{Z}=1\end{array}{\to }_1^1\text{p}\right.\right.$

Đáp án C

Đáp án B

Từ phương trình ta có: $\omega =20\pi \text{rad/s}$. Suy ra chu kì của sóng: $\text{T}=\frac{2\pi }{\omega }=0,1 \text{\hspace{0.17em}s.}$

Trong 1 chu kì T sóng truyền đi được quãng đường là 1 bước sóng $\lambda$.

Vậy trong khoảng thời gian $\Delta \text{t}=2,5 \text{s}=25 \text{T}$ sóng truyền được quãng đường $\text{s}=25\lambda$.

Đáp án D

Hiệu suất của động cơ điện là: 

$$\begin{gathered} \text{H}=\frac{{\text{P}}_{\text{ich}}}{{\text{P}}_{\text{tp}}}=\frac{\text{P}}{\text{UI}\cos \phi } \\ \Rightarrow \text{U}=\frac{\text{P}}{\text{H}.\text{I}.\cos \phi }=\frac{8,{5.10}^3}{0,\mathrm{88.50.}\cos \frac{\pi }{12}} \\ \approx 200( \text{V}) \end{gathered}$$

Đáp án A

Thế năng của vật:

$\begin{array}{l}{W}_t=W-W_d=\frac{1}{2}m{\left(\frac{2\pi }{T}\right)}^2{A}^2-\frac{1}{2}m{v}^2\\ \iff 7,{2.10}^{-3}\\ =\frac{1}{2}{\mathrm{.40.10}}^{-3}.{\left(\frac{2\pi }{T}\right)}^2.0,{13}^2-\frac{1}{2}{\mathrm{.40.10}}^{-3}.0,{25}^2\\ \iff \text{T}=0,4\pi \text{s}\end{array}$

Đáp án A

Ở thời điểm ban đầu t = 0, cường độ dòng điện là $\text{i}=2\cos \left(-\frac{\pi }{4}\right)=\sqrt{2}$ và đang tăng.

Biểu diễn thời điểm ban đầu trên hình vẽ.

Dựa vào hình vẽ ta thấy thời điểm đầu tiên dòng điện trong mạch có độ lớn bằng 1 A ứng với góc quay:

$$\begin{gathered} \alpha =\frac{\pi }{4}+{\phi }_2=\frac{\pi }{4}+\frac{\pi }{3}=\frac{7\pi }{12} \\ \Rightarrow \text{t}=\frac{\alpha }{\omega }=\frac{7}{1200} \text{s} \end{gathered}$$

Bước sóng $\lambda =1,5 \text{cm}.$

Điều kiện để một điểm P bất kì có biên độ cực đại với hai nguồn ngược pha: ${\text{d}}_2-{\text{d}}_1=\left(\text{n}+\frac{1}{2}\right)\lambda =1,5\text{n}+0,75$

Điểm $P\in$ đoạn MB nên $\Delta {\text{d}}_{\text{B}}<\Delta {\text{d}}_P\le \Delta {\text{d}}_M$

$\Rightarrow 0-20<1,5n+0,75\le 20\sqrt{2}-20$ $\Rightarrow -13,8<n\le 5,02$

$\to$ Có 19 giá trị n nguyên $\to$ Có 19 giá trị cực đại trên đoạn .

Đáp án A

Áp dụng định luật Ôm cho trường hợp máy thu điện có suất phản điện E'. Ta có:

$I=\frac{U-E^{\text{'}}}{r}\Rightarrow r=\frac{U-E^{\text{'}}}{I}=\frac{12-6}{3}=2\Omega$

Đáp án D

Ta có mối liên hệ giữa giá trị cực đại và giá trị hiệu dụng là: $\left\{\begin{array}{l}{\text{I}}_0=\text{I}\sqrt{2}\\ {\text{U}}_0=\text{U}\sqrt{2}\end{array}\right.$

Sử dụng hệ thức độc lập giữa u và i: $\frac{{\text{i}}^2}{{\text{I}}_0^2}+\frac{{\text{u}}^2}{{{\text{U}}_0}^2}=1$ $\iff \frac{{\text{i}}^2}{2{\text{I}}^2}+\frac{{\text{u}}^2}{2{\text{U}}^2}=1$ $\Rightarrow \frac{{\text{i}}^2}{{\text{I}}^2}+\frac{{\text{u}}^2}{{\text{U}}^2}=2$

Đáp án A

Khoảng vân lúc thí nghiệm trong không khí là: $\text{i}=\frac{\lambda \text{D}}{\text{a}}$.

Khoảng vân khi tiến hành thí nghiệm trong nước là: $=\frac{{\lambda }^{\text{'}}\text{D}}{}$.

Để khoảng vân không đổi so với ban đầu thì $\text{i}=\iff \frac{\lambda \text{D}}{\text{a}}=\frac{{\lambda }^{\text{'}}\text{D}}{}$ $\Rightarrow \frac{\lambda }{\text{a}}=\frac{{\lambda }^{\text{'}}}{}\iff \frac{\lambda }{{\lambda }^{\text{'}}}=\frac{\text{a}}{}$ $\Rightarrow \frac{4}{3}=\frac{1,2}{}\Rightarrow =0,9 \text{mm}$.

Đáp án C

Góc lệch của tia sáng qua lăng kính:

$\text{D}={\text{i}}_1+{\text{i}}_2-\text{A}\Rightarrow {\text{D}}_{\min }=2\text{i}-\text{A}=30°$ $\Rightarrow \text{i}=45°$

Khi đó: ${\text{r}}_1={\text{r}}_2=\frac{\text{A}}{2}=30°$

Chiết suất của lăng kính đối với tia sáng: $\text{n}=\frac{\sin \text{i}}{\sin \text{r}}=\sqrt{2}$.

Đáp án A

Đáp án A

Số hạt phóng xạ còn lại: ${\text{N}}_0{\text{e}}^{-\lambda \text{t}}=\frac{{\text{N}}_0}{\text{e}}\Rightarrow \text{t}=\frac{1}{\lambda }={2.10}^7 \text{s}$.

Đáp án B

Đáp án C

Ta có: ${\lambda }_{21}=122\text{nm};{\lambda }_{32}=656\text{nm}$ $;{\lambda }_{42}=0,4860\mu \text{m}$

Bước sóng của vạch thứ ba trong dãy Lai-man: ${\lambda }_{41}=\frac{1}{\frac{1}{{\lambda }_{42}}+\frac{1}{{\lambda }_{21}}}=0,0975\mu \text{m}$.

Đáp án D

Ta để ý rằng tại mỗi thời điểm v luôn vuông pha với x, từ phương trình

$\frac{{\text{x}}_1^2}{4}+\frac{{\text{v}}_2^2}{80}=3\iff \frac{{\text{x}}_1^2}{12}+\frac{{\text{v}}_2^2}{240}=1$

 $\Rightarrow {\text{v}}_2$ vuông pha với ${\text{x}}_1\Rightarrow$ hai dao động hoặc cùng pha hoặc ngược pha với nhau.

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{\text{A}}_1=\sqrt{12}\\ {\text{V}}_{2\max }=\sqrt{240}=\sqrt{24}\pi \end{array}\right.$

Với hai dao động cùng pha thì thời gian để hai dao động gặp nhau:

$\Delta \text{t}=\frac{\text{T}}{2}=\frac{1}{\sqrt{2}}\Rightarrow \text{T}=\sqrt{2} \text{s}$ $\to \omega =\sqrt{2}\pi \text{\hspace{0.17em}rad/s}$

$\Rightarrow {\text{A}}_2=\frac{{\text{V}}_{2\max }}{\omega }=\sqrt{12}={\text{A}}_1\Rightarrow$luôn đi cùng li độ $\Rightarrow$(loại)

Với hai dao động ngược pha thì thời gian để hai dao động gặp nhau:

$$\begin{gathered} \Delta \text{t}=\frac{\text{T}}{2}=\frac{1}{\sqrt{2}}\Rightarrow \text{T}=\sqrt{2} \text{s} \\ \Rightarrow \omega =\sqrt{2}\pi \text{\hspace{0.17em}rad/s} \\ \to A_2=\frac{v_{2\max }}{\omega }=\sqrt{12}=A_1 \\ \Rightarrow a_2=-a_1=-40 {\text{cm/s}}^2 \end{gathered}$$

Đáp án D

Đáp án C

Ta có giản đồ vectơ:

Khi $\text{C}={\text{C}}_1:\text{U}={\text{U}}_{\text{Cmax}}=100 \text{V}$ và $\overrightarrow{{\text{U}}_{\text{RL}}}\perp \overrightarrow{\text{U}};\phi =\beta$

Và R, L không đổi   $\tan {\phi }_{\text{RL}}=\text{const}$ $\Rightarrow \beta =\frac{\pi }{2}-{\phi }_{\text{RL}}=\text{const}$

Áp dụng định lý hàm số sin: $\frac{\text{U}}{\sin \beta }=\frac{\text{U}}{\sin \phi }=\frac{{\text{U}}_{\text{Cmax}}}{\sin 90°}=\frac{100}{\sin 90°}$ (1)

Khi $\text{C}={\text{C}}_2$ góc giữa $\overrightarrow{{\text{U}}_{\text{RL}}}$ và $\overrightarrow{\text{U}}$ là $90°-0,75\phi$ do ${\phi }^{\text{'}}=0,25\phi$ có nghĩa là $\phi \downarrow 0,75\phi$.

Ta có: $\frac{U_{\text{C}}^{\text{'}}}{\sin \left(90°-0,75\phi \right)}=\frac{\text{U}}{\sin \beta }=\frac{\text{U}}{\sin \phi }$ (2)

Đáp án D

Phương trình dao động điều hòa $\left\{\begin{array}{l}{\text{x}}_1={\text{A}}_1.\cos \left(\omega \text{t}+{\phi }_1\right)\\ {\text{x}}_2={\text{A}}_2.\cos \left(\omega \text{t}+{\phi }_2\right)\end{array}\right.$

Xét tích ${\text{x}}_1{\text{.x}}_2$ $={\text{A}}_1{\text{.A}}_2.\frac{1}{2}\left[\cos \left(2\omega \text{t}+{\phi }_1+{\phi }_2\right)+\cos \left({\phi }_1-{\phi }_2\right)\right]$

Tích đó có giá trị cực đại khi $\cos \left(2\omega \text{t}+{\phi }_1+{\phi }_2\right)=1$ và cực tiểu khi $\cos \left(2\omega \text{t}+{\phi }_1+{\phi }_2\right)=-1$

Khi đó $\left\{\begin{array}{l}{\text{x}}_1{\text{.x}}_2=\frac{1}{2}{\text{.A}}_1{\text{.A}}_2\left[1+\cos \left({\phi }_1-{\phi }_2\right)\right]=\text{D}\left(1\right)\\ {\text{x}}_1{\text{.x}}_2=\frac{1}{2}{\text{.A}}_1{\text{.A}}_2\left[-1+\cos \left({\phi }_1-{\phi }_2\right)\right]=\frac{-\text{D}}{3}\left(2\right)\end{array}\right.$ $\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}\left(1\right)+\left(2\right)\Rightarrow \cos \left({\phi }_1-{\phi }_2\right)=\frac{2}{3}\frac{\text{D}}{{\text{A}}_1 {\text{A}}_2}\left(3\right)\\ \left(1\right)-\left(2\right)\Rightarrow {\text{A}}_1{\text{.A}}_2=\frac{4}{3}\text{D\hspace{0.17em}}\left(4\right)\end{array}\right.$

Từ (3) và (4) $\Rightarrow \cos \Delta \phi =\frac{1}{2}$

Biên độ dao động tổng hợp của hai dao động là: 

$\text{A}=\sqrt{{\text{A}}_1^2+{\text{A}}_1^2+2 {\text{A}}_1 {\text{A}}_2\cos \Delta \phi }\approx 8,7( \text{cm})$