25 Bộ đề Ôn luyện thi THPTQG môn Sinh Học cực hay có lời giải (Đề số 24)

Đáp án A

Sơ đồ dưới đây mô tả chu trình Canvin – benson, pha tối của nhóm thực vật ${\mathrm{C}}_3$

Đáp án B

Ưu thế nổi bật của hô hấp hiếu khí so với hô hấp kị khí là tích lũy năng lượng lớn hơn gấp 19 lần.

+ Một phân tử glucôzơ hô hấp hiếu khí tạo 38 ATP.

+ Một phân tử glucôzơ hô hấp kị khí tạo 2 ATP

Đáp án C

Enzim trong nước bọt có tên là Amylaza.

Ở miệng, tinh bột chín được biến đổi thành đường manto nhờ enzim amylaza

Đáp án A

Để phân biệt hai loài động vật thân thuộc bậc cao, cần phải đặc biệt chú ý đến tiêu chuẩn di truyền (tiêu chuẩn cách li sinh sản)

Đáp án D

A. → sai. Quá trình hình thành quần thể thích nghi luôn dẫn đến hình thành loài mới.

B. → sai. Sự cách li địa lí tất yếu dẫn đến sự hình thành loài mới.

C. → sai. Sự hình thành loài mới không liên quan đến quá trình phát sinh các đột biến. (Loài mới không những mang một mà nhiều đột biến).

D. → đúng. Quá trình hình thành quần thể thích nghi không nhất thiết dẫn đến hình thành loài mới.

Đáp án C

Bầu khí quyển nguyên thủy chưa có sự sống → chứng minh cho khả năng chưa có hoặc có rất ít oxi trong khí quyển nguyên thủy của Quả Đất

Đáp án B

Điểm giống nhau giữa các loài sinh vật đã diệt vong cũng như các loài đang tồn tại có thể cung cấp bằng chứng cho thấy tất cả chúng có chung một nguồn gốc.

Như vậy: A, C, D → chưa phù hợp

Đáp án A

Loài sinh học: là nhóm cá thể có vốn gen chung, có những tính trạng chung về hình thái sinh lý, có khu phân bố xác định, trong đó các cá thể giao phối với nhau và được cách li sinh sản với những nhóm quần thể thuộc loài khác.

A. → đúng. Cách li sinh sản với nhau trong điều kiện tự nhiên.

B. → sai. Hoàn toàn biệt lập về khu phân bố. (có thể cùng khu phân bố).

C. → sai. Giao phối tự do với nhau trong điều kiện tự nhiên. (2 loài thân thuộc → cách li sinh sản hay cách li di truyền).

D. → sai. Hoàn toàn khác nhau về hình thái

Đáp án A

Hệ tuần hoàn của đa số thân mềm và chân khớp là hệ tuần hoàn hở:

Khi tim co bơm máu (chứa sắc tố hemoxianin) với một áp lực thấp vào xoang cơ thể và tiếp xúc trực tiếp với các tế bào để thực hiện quá trình trao đổi chất; sau đó tập trung vào hệ thống mạch góp hoặc các lỗ trên thành tim để trở về tim.

Giữa động mạch và tĩnh mạch không có mạch nối (hở), đảm bảo cho dòng dịch di chuyển dễ dàng mặc dù với áp suất thấp.

Đáp án D

Đáp án B

Hoạt động của gen chịu sự kiểm soát chủ yếu của gen điều hòa.

Điều hòa gen sinh vật nhân chuẩn có sự tham gia nhiều của loại enzim hơn và phức tạp hơn như có sự tham gia của gen bất hoạt (ngăn cản) và gen tăng cường (tăng hoạt tính).

Đáp án B

Sự điều hòa hoạt động của operon Lac ở E.coli dựa vào tương tác của protein ức chế với vùng vận hành.

Giải thích:

+ Khi protein ức chế tác động lên vùng vận hành O. Vùng vận hành bị ức chế do đó nhóm gen cấu trúc (Z, Y, A) không phiên mã được → sản phẩm không tạo ra.

+ Khi protein ức chế không gắn được vào vùng vận hành O (do bị bất hoạt bởi chất cảm ứng lactozo) → vùng vận hành được tự do điều khiển quá trình phiên mã của Operon → sản phẩm sinh học tạo ra.

Đáp án C

A → sai. Một số loài thú thay đổi màu sắc, độ dày của bộ lông theo mùa → đây là thường biến.

B → sai. Cây sồi rụng lá vào cuối mùa thu và ra lá non vào mùa xuân → đây là thường biến.

C → đúng, Người bị bạch tạng có da trắng, tóc trắng, mắt hồng.

D → sai. Số lượng hồng cầu trong máu của người tăng khi đi lên núi cao → đây là thường biến.

Đáp án D

Đột biến làm thay đổi/ không thay đổi thành phần nucleotit của gen.

A, B, C là các loại đột biến gen làm thay đổi thành phần nucleotit.

D. Đảo vị trí các cặp nucleotit → không làm thay đổi thành phần chỉ làm thay đổi vị trí.

Đáp án A

Các bộ ba khác nhau bởi:

1. Số lượng nucleotit → điểm giống (tất cả bộ ba đều có 3 nucleotit)

2. Thành phần nucleotit → điểm khác nhau (VD: AUG (có 3 thành phần A, U, G) còn bộ ba AUU (có 2 thành phần A, U))

3. Trình tự các nucleotit → sự khác nhau (điểm mấu chốt quan trọng nhất về sự khác biệt các bộ ba).

4. Số lượng liên kết photphodieste → không liên quan

Đáp án B

Vai trò enzim ARN polymeraza

A. Xúc tác tổng hợp ARN theo chiều 5’ – 3’ → đúng

B. Chỉ có 1 loại ARN polimeraza chịu trách nhiệm tổng hợp cả rARN, mARN, tARN, (có nhiều loại enzim phiên mã ARN polimeraza).

C. Bắt đầu phiên mã từ bộ ba mở đầu trên gen → bộ ba đầu tiên trên gen là 3’TAX5’.

D. Phân tử ARN tạo ra có thể lai với ADN mạch khuôn.

Đáp án D

10 nhóm liên kết $\iff$ n = 10 → 2n = 20

Thể một nhiễm: 2n-1 = 19

Thể 3 nhiễm: 2n + 1 = 21

Thể tam bội: 3n = 30

Thể tứ bội: 4n = 40

Đáp án C

Nhận định về các phát biểu

(1), (2), (4), (5) → đúng

(3) → sai. Ở sinh vật nhân thực; khi gen bị đột biến thì sản phẩm protein của nó phải khác với sản phẩm protein của gen bình thường. (một đột biến cũng có thể mã hóa sản phẩm giống bình thường).

Đáp án A

A quy định thân cao >> a quy định thân thấp;

                            B quy định quả đỏ >> b quy định quả vàng

P: AaBb x aaBb → F1: A-B- = 1/2.3/4 = 3/8

→ Vậy: A đúng

Đáp án D

A. Kiểu hình: (3 : 1)(3 : 1)

B. Kiểu hình: (1 : 1)(3 : 1)

C. Kiểu hình: (1 : 1)(1 : 1)

D. Kiểu hình (1 : 1)(1) → đúng với yêu cầu

Đáp án A

P → F1: 70% thân cao, quả tròn, 20% thân thấp, quả bầu dục, 5% thân cao, quả bầu dục, 5% thân thấp, quả tròn.

+ Chiều cao = 3 cao : 1 thấp → A (cao) >> a (thấp) → P: Aa

+ Hình dạng = 3 tròn : 1 bầu → B (tròn) >> b (bầu) → P: Bb

P1 x P2: (Aa, Bb) x (Aa, Bb) (dạng này lấy đáp án thử cho nhanh) → F1: aabb = 20%

(1) → đúng. Vì P: $\frac{AB}{ab}\times \frac{AB}{ab}$ f_{1 bên} = 0,2 (thỏa quy tắc x : y : y : z)

(2)→ sai. Vì $\frac{Ab}{aB}\times \frac{Ab}{aB}$ f_{2 bên} = 0,2 (thỏa quy tắc x : y : y : z)

(3) →  sai. Vì $\frac{AB}{ab}\times \frac{Ab}{aB}$ f_{2 bên} = 0,4 (thỏa quy tắc x : y : y : z)

(4) →  sai. Vì $\frac{Ab}{aB}\times \frac{Ab}{aB}$ f_{2 bên} = 0,25 (thỏa quy tắc x : y : y : z)

Đáp án A

+ Pt/c (quả đỏ, tròn) x (quả vàng, bầu dục) → F1 100% quả đỏ, dạng tròn.

Mỗi gen quy định 1 tính trạng.

→  Tính trạng xuất hiện ở F1 là trội và F1 dị hợp: A (quả đỏ) >> a (quả vàng);

B (quả tròn) >> b (quả bầu)

→ F1: (Aa, Bb)

F1: (Aa, Bb) x A-B- ⁽¹⁾ → F2: có 4 kiểu hình (A-B-, A-bb, aaB-, aabb)

→ F1: (Aa, Bb) x (Aa, Bb)⁽¹⁾ → F2: A-bb = 0,09 (phép lai này thỏa quy tắc x : y : y : z)

$\iff$ A-bb = 0,09 → aabb = 0,25 – 0,09 = 0,16

(Vì từ P →  Nên F1 chỉ cho giao tử )

(1) →  sai. Với f = 0,36 → aabb

(2) →  sai. Với f = 0,48

(3) →  đúng. Với f = 0,2

→ aabb

(4) → sai. Với f  = 0,4

Đáp án D

Theo giả thuyết: Tính trạng thứ 1 có A trội hoàn toàn so với a

Tính trạng thứ 2 có B trội hoàn toàn so với b

P x P →  F1: 7A-B- : 5A-bb : 1aaB- : 3aabb

+ 3 A- : 1aa → P: Aa x Aa

+ 1B- : 1bb → P: Bb x bb →  P: (Aa, Bb)

→ P x P: (Aa, Bb) x (Aa, bb) → F1: aabb = 0,1875 = 0,375 x 0,5 (cơ thể P(Aa, bb) luôn cho 0,5 (a, b), nên có thể P (Aa, Bb) cho giao tử lặn (a, b) = 0,1875/0,5 = 0,375)

Với P (Aa, Bb) cho giao tử (a, b) = 0,375 > 25% là giao tử liên kết.

Đáp án A

Theo giả thuyết: + Đây là phép lai một tính trạng màu sắc hoa.

P x P: → F1: 12 cây hoa trắng : 3 cây hoa vàng : 1 cây hoa tím

= 16 tổ hợp giao tử = 4 loại giao tử/P x 4 loại giao tử/P →  P: AaBb

·        P x P: AaBb x AaBb →  F1: 9A-B- : 3A-bb : 3aaB- : 1aabb

Quy ước:           A-B-, A-bb: hoa trắng.

                         aaB-: hoa vàng.

                         aabb: hoa tím.

(hoặc quy ước ngược lại: A-B-, aaB-: hoa trắng; A-bb: hoa vàng; aabb: hoa tím)

Ø P lai phân tích: AaBb x aabb

→ $F_a$: 1A-B-:1A-bb : 1aaB- : 1aabb

Kiểu hình = 50% trắng : 25% vàng : 25% tím.

Đáp án A

Khi 2 bệnh trên cùng một phả hệ mà 2 bệnh này do 2 gen trên 2 cặp NST khác nhau thì tốt nhất để khỏi lẫn lộn xét 2 bệnh khác nhau riêng biệt ở 2 phả hệ (phả hệ 1: xét bệnh 1 và phả hệ 2: xét bệnh 2) và nhớ đánh số thứ tự cho khỏi nhầm lẫn.

Xét bệnh P (do gen trội/NST thường)

Vì 5: A- x 6:aa →  10.Aa

Với số 11 có kiểu gen aa: 10 x 11: Aa x aa →  con 12 mắc bệnh P: (A-) = 1/2

Xét bệnh Q (do gen lặn trên NST X)

Số 10. $X^{B}Y$ 

8: $X^B{X}^b$ (vì nó trội $X^B{X}^{-}$ mà phải nhận $X^b$ từ bố → 8:$X^B{X}^b$)

7: $X^{B}Y$ vậy 7 x 8: $X^{B}Y \times X^B{X}^b$ → 11♀ = (1/2$X^B{X}^B$<:1/2$X^B{X}^b$)

Như vậy 10 x 11: $X^{B}Y$ x (1/2$X^B{X}^B$: 1/2$X^B{X}^b$)

G:                     1/2Y     1/2.1/2$X^b$

→  con trai mắc bệnh Q ($X^{b}Y$) = 1/2.1/4 = 1/8

Vậy để vợ, chồng 10 x 11 →  Xác suất sinh con trai đầu mắc 2 bệnh = 1/2.1/8 = 1/16 = 6,25%

Đáp án C

Theo giả thiết:                A quy định thân cao >> a quy định thân thấp;

                                      B quy định hạt tròn >> b quy định hạt dài;

                                      D quy định hạt màu vàng >> d quy định hạt màu trắng.

P: $Aa\frac{Bd}{bD}$ (liên kết hoàn toàn) x  

A →  sai. Con lai xuất hiện 16 tổ hợp giao tử (2 x 2 = 4 tổ hợp giao tử)

B →  sai. Xuất hiện 25% cây thân thấp, hạt dài, màu trắng (aa.bbdd = 1/2.0 = 0)

C →  đúng. Không xuất hiện kiểu hình thân cao, hạt tròn, màu vàng (A-B-D- = 1/2.0 = 0)

D → sai. Kiểu hình ở con lai có tỉ lệ không đều nhau. (đời con F1 có 4 kiểu hình bằng nhau).

Đáp án A

P:  

 (hoán vị gen chỉ có thể xảy ra ở cơ thể dị hợp 2 gen thuộc giới cái)

F1: aabbmm = 0,05 →  aabb

= 

* aabb = 0,1 = 2ab/♀F1 x 0,5ab/♂F1 →  f_{con cái} = 0,2 x 2 = 40%

Đáp án D

Chú ý: mạch gốc của gen là mạch có chiều 3’OH → 5’P

+ Nếu mạch 1 là gốc thì chiều từ trái sang phải.

+ Nếu mạch 2 là gốc thì chiều từ phải sang trái.

Dựa trên gen ta thấy:

Mạch 1:      5’…TAXTTAGGGGTAXXAXATTTG…3’

Mạch 2:      3’…ATGAATXXXXATGGTGTAAAX…5’

* bộ ba trên mạch gốc của gen 3’TAX5’ $\iff$ 5’AUG3’/mARN là côdon mở đầu.

* bộ ba trên mạch gốc của gen 3’ATT5’ $\iff$ 5’UAA3’/mARN là côdon kết thúc.

→ gen có 5 bộ ba: 5’TTA GGG GTA XXA XAT3

→ Số acid amin được dịch mã để tổng hợp 1 chuỗi pôlipeptit = số acid amin môi trường cung cấp = 5 – 1 = 4.

Đáp án A

- Theo kết quả từ P → F5 nhận thấy qua 5 thế hệ tần số kiểu gen thay đổi → không thể giao phối ngẫu nhiên (còn nếu tự phối thì thay đổi: tăng đồng hợp, giảm dị hợp).

- Nếu giao phối không ngẫu nhiên (hay tự phối) thì AA, aa tăng từng thế hệ → không đúng (không đúng với từng thế hệ).

- Thế hệ 1, 2 không đổi; chỉ thay đổi F3 (thay đổi mạnh: A/a = 0,4/0,6 nhưng thế hệ 4,5 không đổi) → không thể giao phối không ngẫu nhiên.

- Nếu đột biến thì tần số alen thay đổi rất chậm (10^-6 →10^-4) chứ không phải thay đổi từ F2 → F3 chỉ 1 thế hệ mà mạnh mẽ như thế → không thể đột biến.

Vậy nên chỉ có do yếu tố ngẫu nhiên tác động vào thế hệ F3.

Đáp án A

Theo giả thiết:      A quy định thân cao >> a quy định thân thấp.

Cho biết quần thể đang ở trạng thái cân bằng di truyền.

Gọi p, q là tần số alen A, a

Vì CB º P_CB

= 

Giả thiết:  với p + q = 1

Tỉ lệ kiểu hình = 96% cây thân cao : 4% cây thân thấp

Đáp án C

Theo giả thiết: A (vằn) > a (không vằn) trên NST X và ở gà: XX = trống; XY = mái

A → sai. Vì F1 chỉ 4 kiểu gen

B → sai. Vì vằn : 1 không vằn

C → đúng. Vì F2:  1X^AX^a: 1X^AY : 1X^aX^a : 1X^aY  1 vằn : 1 không vằn

D → sai. Giả thiết: 

♂ vằn : 25% ♀ vằn : 25% ♀ không vằn  giả thiết (25% gà trống lông vằn, 25% gà trống lông không vằn và 50% gà mái lông vằn)