20 đề thi thử THPTQG môn Sinh học năm 2019 - 2020 (Đề số 3)

Đáp án B

Kích thước tối thiểu là số lượng cá thể đủ để có thể duy trì quần thể tồn tại. Kích thước tối thiểu là đặc trưng cho từng loài.

Đáp án D

Mỗi phân tử ARN vận chuyển gắn với axit amin ở đầu 3' của chuỗi polinucleotit. tARN chỉ vận chuyển axit amin đến riboxom.

Do có 64 bộ ba mã hóa nên sẽ có 64 bộ ba đối mã trên tARN.

Đáp án D

Lưỡng cư là ngành động vật có xương sống, có hệ tuần hoàn kín.

Đáp án D

Quần thể tự thụ sẽ nhanh chóng tạo ra KG đồng hợp lặn từ các cá thể dị hợp do đó các đột biến gen lặn sẽ nhanh chóng biểu hiện ra KH.

Đáp án A

KH màu hoa do KG của cây quy định. Mỗi cây sẽ chỉ có 1 KG duy nhất do đó mỗi cây sẽ chỉ cho 1 màu hoa duy nhất.

Cây ${\mathrm{F}}_1$ dị hợp có KG Aa. Khi tự thụ sẽ cho đời con tỉ lệ 1AA:2Aa:1aa.

=> Trong tổng số cây ở ${\mathrm{F}}_2$ có 75% số cây cho hoa đỏ.

Đáp án C

Gọi số thế hệ là n. Sau n thế hệ tự thụ thì tỉ lệ từng KG là: 

Áp dụng công thức khi quần thể tự thụ mà KG đồng hợp lặn không có khả năng sinh sản ta có:

Tỉ lệ KG Aa ở thế hệ n = 1/11

Đáp án B

Xét từng ý ta có:

(1) Có 2 cách để xác định 1 gen nào đó nằm trong nhân hay tế bào chất là: lai thuận nghịch và thay nhân tế bào. => SAI.

(2) Để tạo thể song nhị bội cũng có 2 cách: lai xa kèm đa bội hóa và dung hợp tế bào trần. => SAI.

(3) Đột biến chuyển đoạn kiểu sáp nhập tâm (Robertson) có thể làm giảm số lượng NST hay chính là làm giảm số lượng nhóm gen liên kết. => ĐÚNG.

(4) Gen gây bạch tạng bản chất là gen quy định enzim tham gia vào quá trình tổng hợp nên sắc tố trong cơ thể, do đó nhiều mô cơ quan trong cơ thể sẽ bị ảnh hưởng bởi đb này nếu có liên quan đến sắc tố, chúng ta nhận ra dễ vì là màu sắc da biểu hiện rõ ràng. Định nghĩa gen bạch tạng là gen ảnh hưởng lên sự biểu hiện của nhiều tính trạng, do đó ý này hoàn toàn chính xác. => ĐÚNG.

Vậy có 2 ý đúng.

Đáp án B

Gen không tồn tại thành cặp alen trong 3 trường hợp 2, 5 và 6.

Đáp án B

Khi cây hoa đỏ tự thụ thu được đời con có 3 loại KH trong đó tỉ lệ hoa đỏ chiếm 56,25% thì màu hoa chỉ có thể được quy định bởi 2 gen không alen tương tác bổ sung theo tỉ lệ 9:6:1.

Nếu chỉ cho hoa đỏ tự thụ thu được đời con có 3 loại KH thì ta có thể nghĩ đến gen đa alen.

=> Cây hoa đỏ (A-B-) có 4 loại KG là 1AABB:2AABb:2AaBB:4AaBb.

=> Cây hoa đỏ thuần chủng trong số hoa đỏ chiếm 1/9.

Đáp án C

Nhìn chung tất cả các nhân tố tiến hóa đều dẫn đến sự thay đổi về tần số KG. Còn tần số alen thì giao phối không ngẫu nhiên có thể không thay đổi.

Đáp án D

Nếu quần thể có kích thước nhỏ thì khi quần thể chịu tác động của các yếu tố ngẫu nhiên bất kì 1 alen nào cũng có thể bị loại bỏ khỏi quần thể.

Đáp án B

Secretin là 1 hoocmon cũng được tiết ra ở đường tiêu hóa và tham gia vào điều hòa bài tiết dịch tiêu hóa.

Đáp án C

Ở người, phế nang là nơi trao đổi khí.

Đáp án A

Tỉ lệ KG chỉ chứa 2 alen trội =

Đáp án A

Mối quan hệ cùng loài thể hiện thông qua hiệu quả nhóm giúp tăng khả năng kiếm ăn cũng như chống kẻ thủ, dễ kết đôi mùa sinh sản cũng như chống chọi với những bất lợi từ môi trường.

Đáp án A

HST nhân tạo cũng là hệ mở, nhưng nguồn năng lượng ngoài từ tự nhiên còn do con người liên tục cung cấp.

Đáp án B

${\mathrm{F}}_1$ đồng nhất đỏ, tròn nên P thuần chủng và ${\mathrm{F}}_1$ dị hợp về 2 cặp gen.

Quy ước: A: quả đỏ; a: quả tròn.

                B: quả tròn; b: quả dài.

${\mathrm{F}}_2$ có tỉ lệ quả đỏ, tròn (A-B-) = 99/150 = 0,66.

=> ab//ab = 0,66 - 0,5 = 0,16.

Do tần số HVG 2 giới như nhau và ${\mathrm{F}}_1$ tự thụ.

=> 0,16 ab//ab = $0,4\underline{\mathrm{ab}}\times 0,4\underline{\mathrm{ab}}$ 

=> Tần số HVG = (0,5 - 0,4).2 = 0,2.

Đáp án A

Bò đực chân cao có KG AA hoặc Aa.

Bò cái chân chấp chắc chắn có KG aa.

=> Bò chân thấp đời con có KG aa luôn nhận alen a từ bò cái và đực chân cao (các con bò chân cao dị hợp).

Đời ${\mathrm{F}}_1$ có tỉ lệ aa = 0,2.

=> Tỉ lệ bò đực chân cao có KG dị hợp Aa = 0,2.2 = 0,4.

=> Trong số 15 con bò đực chân cao sẽ có 15.0,4 = 6 con có KG dị hợp.

Đáp án C

Giả sử rằng mỗi alen trội sẽ làm cho quả nặng thêm.

Khi lai cây có quả nặng nhất (đồng hợp trội) với cây có quả nhẹ nhất (đồng hợp lặn) thì ${\mathrm{F}}_1$ sẽ mang KG dị hợp về tất cả các cặp.

=> ${\mathrm{F}}_2$ sẽ có đầy đủ các loại KG.

${\mathrm{F}}_2$ có 7 KH về cân nặng quả.

=> Tính trạng do 3 cặp gen không alen PLĐL quy định.

=> Cây có quả nặng 90g sẽ có 3 alen trội trong KG.

=> Tỉ lệ cây có KG mang 3 alen trội = 

Đáp án B

Đây là câu hỏi khá hay cần lưu ý một số chỗ như sau:

- Với 1 bài bất kì mà người ta cho một loài cụ thể nào đấy thì các bạn cần phải lưu ý tại sao người ta lại cho nó mà không phải một loài nào khác. Cụ thể bài này là ruồi giấm, ngay lập tức các bạn cần phải phản xạ tìm điểm đặc biệt của ruồi giấm là hoán vị gen chỉ xảy ra ở con cái.

- Điều thứ 2 là cần đọc rất kĩ câu hỏi và dữ kiện cho, vì rất dễ bị bẫy chỗ về số lượng tế bào hay các gen nằm ở đâu.

Như vậy ở đây đề cho cá thể ruồi giấm đực mà trên các cặp NST đều mang các gen khác nhau. Cá thể ruồi giấm đực thì mỗi cặp NST thường dù dị hợp về 2 cặp gen nhưng do không có hoán vị nên sẽ chỉ cho 2 loại giao tử về các locut đó.

Ruồi giấm 2n = 8, do đó có 4 cặp NST trong đó mỗi cặp cho 2 loại giao tử.

=> Số loại giao tử tạo ra = $2^4$ = 16.

Đáp án B

Trong phả hệ chắc chắn xác định được KG của 7 người là:

${\mathrm{I}}_1$ có KG ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$; ${\mathrm{I}}_2$ có KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$; ${\mathrm{II}}_1$ có KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$; ${\mathrm{II}}_2$ có KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$; ${\mathrm{II}}_4$ và ${\mathrm{II}}_5$ có KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$; ${\mathrm{III}}_4$ có KG là ${\mathrm{I}}^O{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$.

=> Ý (1) SAI.

Xét ý (2): Nếu ${\mathrm{III}}_1$ là máu O thì ${\mathrm{II}}_2$ và ${\mathrm{II}}_3$ đều có KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$. Khi đó ${\mathrm{III}}_2$ máu A có thể có 2 KG là ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$ hoặc ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$.

=> Ý (2) SAI.

Quần thể có tần số các alen bằng nhau:

=> ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}={\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}={\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$=1/3.

=> Tỉ lệ các KG về nhóm máu A trong quần thể là:

${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$ = 1/9; ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$ = 2/9.

=> 1 người có nhóm máu A trong quần thể sẽ có xác suất KG là 1/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$ : 2/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$.

Ta có sơ đồ lai:

+) II2 x II3: ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$   x    (1/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$ : 2/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$)

=> III2 máu A có xác suất về KG là 2/5 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^A$ : 3/5 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$

+) II4 x II4: ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$    x    ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$

=> III3 máu B có xác suất về KG là 1/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$ : 2/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$

=> III2 x III3:

(2/5 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^A$ : 3/5 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$) x (1/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^B$ : 2/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$)

7/10 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$: 3/10 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$             2/3 ${\mathrm{I}}^B$: 1/3 ${\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$

=> Xác suất để sinh được đứa con có KG khác bố mẹ (máu O và máu AB):

${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}$ + ${\mathrm{I}}^O{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}$ = 7/10.2/3 + 3/10.1/3 = 17/30 $\approx$ 0,5667 

=> Ý (3) ĐÚNG.

Cặp vợ chồng trên có thể sinh đầy đủ 4 loại KG.

=> Ý (4) ĐÚNG.

Đáp án B

Đặc điểm chung của đột biến đảo đoạn và đột biến số lượng NST thể một là không làm thay đổi số lượng và thành phần của gen trên NST cũng như có thể xảy ra cả động vật và thực vật.

Đáp án D

Giới hạn sinh thái là khoảng giá trị của nhân tố sinh thái mà ở đó sinh vật có thể tồn tại và phát triển.

Như vậy, giới hạn sinh thái hẹp thì sự phân bố của loài càng hẹp.

Đáp án D

Trong 4 quần thể chỉ có quần thể (4) là CBDT.

Đáp án A

Gen lặn trên NST X thì KH chủ yếu biểu hiện ở giới XY.

Đáp án C

Có 4 loại môi trường là: môi trường trên cạn, môi trường dưới nước, môi trường trong đất và môi trường sinh vật.

Như vậy, giun sán sống trong ống tiêu hóa của trâu, bò, lợn là môi trường sinh vật.

Đáp án C

Mối quan hệ giữa cá ép và cá lớn là hội sinh. Trong đó, cá ép có lợi còn cá lớn không có lợi cũng không bị hại.

Đáp án B

Đây là hiện tượng hướng sáng. Cơ chế là do auxin di chuyển về phía không bị chiếu sáng, do đó sự tích lũy nhiều auxin ở phía bị che tối đã kích thích sự sinh trưởng mạnh của tế bào mạnh hơn phía được chiếu sáng. Kết quả là ngọn cây uốn cong về phía bị chiếu sáng.

Đáp án B

Xét từng ý ta có:

Ý 1:Đúng. Chỉ xét trên 1 chạc tái bản thì mới 1 mạch tổng hợp liên tục còn 1 mạch gián đoạn, còn xét chung trên cả phân tử thì 2 mạch đều tổng hợp gián đoạn => ĐÚNG.

Ý 2: Ở đây cần phải nắm rõ trong E.Coli ngoài ADN-NST còn có ADN plasmit, trong đó ADN-NST nhân đôi khi tế bào nhân đôi còn ADN plasmit nhân đôi hoàn toàn độc lập với tế bào do đó câu này chưa chính xác => SAI. Chỗ ADN plasmit là tích hợp kiến thức của chương ứng dụng di truyền học-kĩ thuật di truyền nên đây không phải là kiến thức nâng cao gì cả nhé.

Ý 3: Dù là mạch liên tục hay gián đoạn thì cũng đều cần đoạn mồi có bản chất ARN để cung cấp vị trí $3\text{'}-\mathrm{OH}$ cho ADN polimerase kéo dài mạch, mà ARN thì cần có 4 loại là rA, rU, rG, rX. Tức là chính xác cần 8 loại Nu => SAI.

Ý 4: Quá trình nhân đôi cần tổng hợp đoạn mồi có bản chất ARN nhờ enzym primase thuộc họ ARN polimerase => ĐÚNG.

Như vậy có 2 ý đúng.

Đáp án B

1g lipit khi hô hấp hiếu khí có thể cho tương đương 9 Kcal.

1g carbohidrat khi hô hấp hiếu khí có thể cho tương đương 4 Kcal.

Do đó, lượng ATP quy đổi từ lipit gấp 2 lần carbohidrat.

Đáp án B

Đacuyn không đề cập đến QUẦN THỂ thích nghi trong CLTN. Theo Đacuyn thì cá thể là đơn vị của loài. Do đó, CLTN tác động vào cá thể từ đó dẫn đến hình thành loài thích nghi.

Đáp án C

Vĩ độ tăng dần khi đi từ xích đạo về 2 cực. Môi trường ở xích đạo là đa dạng và giảm dần khi tiến dần về 2 cực. Môi trường càng đa dạng thì quần xã sẽ càng đa dạng về loài, lưới thức ăn càng phức tạp.

Mỗi loài trong quần xã có thể tham gia vào nhiều chuỗi thức ăn trong lưới thức ăn.

Dù ở trên cạn hay dưới nước quần xã cũng tồn tại 2 loại chuỗi thức ăn khởi đầu bằng sinh vật tự dưỡng và chuỗi thức ăn khởi đầu bằng sinh vật phân giải.

Đáp án C

Đường phân là con đường chuyển hóa năng lượng xưa nhất và chung nhất cho các kiểu chuyển hóa tạo năng lượng hiện nay.

Đáp án B

NADPH được hình thành trong con đường electron không vòng. Con đường này cần có sự tham gia của 2 hệ PS I và II.

Đáp án B

Đột biến làm giảm số lượng gen trên NST, làm mất cân bằng gen nên thường gây chết đối với thể đột biến là đột biến mất đoạn NST.

Đột biến mất đoạn NST được ứng dụng để loại bỏ các gen không mong muốn ở 1 số giống cây trồng.

Đáp án B

Khi kích thích tăng thì sẽ tăng tần số xung điện thế tạo ra.

Đáp án D

Đối với động vật ánh sáng có tác dụng cung cấp nhiệt lượng sưởi ấm, giúp tổng hợp VTM D cũng như để kích thích sự định hướng sinh trưởng hướng sáng.

Chỉ nhiệt độ mới có tác dụng đẩy nhanh quá trình thành thục sinh dục.

Đáp án A

Hấp thụ chủ động xảy ra khi ngược chiều graident nồng độ.

Đáp án C

Dễ dàng nhận thấy quy luật di truyền ở đây là PLĐL. Trong đó, thân cao là trội hoàn toàn so với thân thấp và hoa đỏ là trội hoàn toàn so với hoa trắng.

Quy ước: A: thân cao; a: thân thấp.

                B: hoa đỏ; b: hoa trắng.

${\mathrm{F}}_2$ có tỉ lệ KG là 9A-B- : 3A-bb : 3aaB- : 1aabb.

Tỉ lệ các cây thân cao, hoa trắng và thân thấp hoa đỏ ở ${\mathrm{F}}_2$ là 1Aabb : 2Aabb : 1aaBB : 2aaBb.

=> Tỉ lệ giao tử của nhóm cây trên là 1/3Ab : 1/3aB : 1/3ab.

Khi tạp giao thì tỉ lệ thân cao hoa đỏ (A-B-) = 2.(1/3.1/3) = 2/9 $\approx$ 0,2222. 

Đáp án A

${\mathrm{F}}_1$ lai với cây đồng hợp lặn tạo 4 tổ hợp

=> ${\mathrm{F}}_1$ dị hợp 2 cặp gen, ${\mathrm{F}}_1$ toàn quả dẹt và chiếm 1/4 trong phép lai phân tích.

=> P thuần chủng, tính trạng do 2 gen không alen tương tác bổ trợ.

Quy ước: A – B -: quả dẹt

                Aabb: quả bầu dục

                A – bb: quả tròn

                aaB: quả tròn.

=> ${\mathrm{F}}_1$: AaBb

=> ${\mathrm{F}}_2$: 9A-B-: 3A-bb: 3aaB-: 1aabb.

Các cây quả tròn và bầu dục ở ${\mathrm{F}}_2$ có: 1AAbb: 2Aabb: 1aaBB: 2aaBb: 1aabb

Khi đem các cây quả tròn và bầu dục ở ${\mathrm{F}}_2$ ngẫu phối thì lúc này ta coi như một quần thể mới ngẫu phối qua các thế hệ. Ta cần biết rằng lúc này quần thể sẽ không cân bằng qua 1 hay 2 thế hệ ngẫu phối mà phải qua nhiều thế hệ. Như vậy đến thế hệ ${\mathrm{F}}_6$ thì tức là quần thể này đã trải qua 3 thế hệ ngẫu phối.

Đến đây ta có 2 cách để giải quyết bài tập này:

- Cách 1: Viết lần lượt CTDT qua các thế hệ, tuy nhiên như vậy sẽ rất tốn thời gian và dễ tính toán sai nên cách này gần như bất khả thi.

- Cách 2: Ta sẽ dùng đến biến số bất định R. Biến số bất định là hiệu số giữa tích giao tử đồng và giao tử đối.

Ta có: 1AAbb: 2Aabb: 1aaBB: 2aaBb: 1aabb => Cho giao tử: 2/7Ab: 2/7aB: 3/7ab

=> R= AB.ab – Ab.aB = 0.3/7 – 2/7.2/7 = - 4/49.

Như vậy, ở thế hệ ${\mathrm{F}}_6$ tức là cần tính tỉ lệ giao tử ở ${\mathrm{F}}_5$, qua 3 thế hệ ta cần cộng thêm 1 lượng vào giao tử đồng và bớt đi lượng tương ứng vào giao tử đối. Ta cần tìm tỉ lệ cây bầu dục (aabb).

=> ab = 3/7 + 4/49.$\left[1-{\left(1/2\right)}^3\right]$ = 1/2.

=> aabb = ${\left(1/2\right)}^2$ = 1/4 = 0,25.