Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 Sở GD&ĐT Thanh Hóa có đáp án

Đáp án đúng là A

Trạng thái 1 (mặt đất): \({p_1} = 1,{010.10^5}{\rm{\;Pa}},{T_1} = 102 + 273 = 375{\rm{\;K}}\).

\({m_1} = \frac{{{p_1}VM}}{{R{T_1}}} = \frac{{1,{{010.10}^5}{{.2.10}^3}{{.29.10}^{ - 3}}}}{{8,31.375}} \approx 1880,4{\rm{\;kg}}\).

Trạng thái 2 (trên cao): \({p_2} = 0,{912.10^5}{\rm{\;Pa}},{T_2} = 119 + 273 = 392{\rm{\;K}}\).

\({m_2} = \frac{{{p_2}VM}}{{R{T_2}}} = \frac{{0,{{912.10}^5}{{.2.10}^3}{{.29.10}^{ - 3}}}}{{8,31.392}} \approx 1624,3{\rm{\;kg}}\).

Khối lượng khí thoát ra: \({\rm{\Delta }}m = {m_1} - {m_2} \approx 256{\rm{\;kg}}\).

Đáp án đúng là C

Hạt nhân được cấu tạo từ các hạt nhỏ hơn gọi là nucleon, bao gồm hai loại là proton và neutron.

Đáp án đúng là C

Trong sóng điện từ, tại mọi điểm, vectơ cường độ điện trường và vectơ cảm ứng từ luôn biến thiên điều hòa cùng tần số và cùng pha với nhau.

Đáp án đúng là B

Tại thời điểm \({t_1}:\frac{{{N_1}}}{{{\rm{\Delta }}{N_1}}} = \frac{{{N_1}}}{{{N_0} - {N_1}}} = \frac{1}{3} \Rightarrow {N_1} = \frac{1}{4}{N_0}\)

\( \Rightarrow {t_1} = 2T\)

Tại thời điểm \({t_2}:\frac{{{N_2}}}{{{\rm{\Delta }}{N_2}}} = \frac{{{N_2}}}{{{N_0} - {N_2}}} = \frac{1}{{15}} \Rightarrow {N_2} = \frac{1}{{16}}{N_0} \Rightarrow {t_2} = 4T\)

Ta có: \({t_2} - {t_1} = 4T - 2T = 2T = 276\) ngày

\( \Rightarrow T = \frac{{276}}{2} = 138\) ngày

Đáp án đúng là B

Các nhà máy điện hạt nhân hiện nay chủ yếu khai thác năng lượng tỏa ra từ phản ứng phân hạch các hạt nhân nặng như Urani.

Đáp án đúng là A

Tương tác từ xảy ra giữa nam châm với nam châm, nam châm với dòng điện hoặc dòng điện với dòng điện.

Thanh đồng không phải là vật liệu từ tính mạnh, nên không xảy ra tương tác từ đáng kể với nam châm.

Đáp án đúng là B

Đĩa sạc nối với nguồn điện đóng vai trò tạo ra từ trường biến thiên (cuộn sơ cấp), điện thoại nhận năng lượng thông qua từ trường đó (cuộn thứ cấp) để sạc pin.

Đáp án đúng là C

Mạng điện xoay chiều dùng cho mục đích dân dụng tại Việt Nam có điện áp hiệu dụng 220 V và tần số 50 Hz.

Đáp án đúng là C

Xét khoảng 0 s đến 0, 2 s: \({e_c} = - \frac{{0,6 - 1,2}}{{0,2}} = 3{\rm{\;V}}\)

Xét khoảng 0,2 s đến 0,3 s: \({e_c} = - \frac{{0 - 0,6}}{{0,1}} = 6{\rm{\;V}}\)

Xét khoảng 0 s đến 0,3 s: \({e_c} = - \frac{{0 - 1,2}}{{0,3}} = 4{\rm{\;V}}\)

\( \Rightarrow \) C đúng

a) Đúng: Nội dung bài toán mô tả đầy đủ từ khâu đặt giả thuyết, làm thí nghiệm, thu thập số liệu đến đưa ra kết luận. Đây là các bước cơ bản của một tiến trình nghiên cứu khoa học.

b) Đúng: (I) là một nhận định mang tính dự đoán (giả thuyết), còn (II) là hành động thiết lập thực nghiệm để chứng minh/bác bỏ dự đoán đó.

c) Sai: Xét bảng số liệu, khi \(P = 0\) thì \(t = {23^ \circ }{\rm{C}}\) (nhiệt độ môi trường). Nếu \(t\) tỉ lệ thuận với \(P\), khi \(P\) tăng \(n\) lần thì \(t\) phải tăng \(n\) lần. Ở đây, mối quan hệ đúng là \(P = k.\left( {t - 23} \right)\). Vậy \(P\) tỉ lệ thuận với hiệu nhiệt độ \(\left( {t - {t_0}} \right)\) chứ không phải tỉ lệ thuận với chính nhiệt độ \(t\).

d) Đúng: Từ bảng số liệu, ta thấy khi \(P\) tăng thì (\(t - 23\)) cũng tăng tương ứng:

\(P = 1,7 \to {\rm{\Delta }}t = 26 - 23 = 3 \to \frac{P}{{{\rm{\Delta }}t}} = 0,567\)

\(P = 3,5 \to {\rm{\Delta }}t = 29 - 23 = 6 \to \frac{P}{{{\rm{\Delta }}t}} = 0,583\)

\(P = 5,2 \to {\rm{\Delta }}t = 32 - 23 = 9 \to \frac{P}{{{\rm{\Delta }}t}} = 0,577\)

……

\(P = 9,5 \to {\rm{\Delta }}t = 17 \to \frac{P}{{{\rm{\Delta }}t}} = 0,56\)

Ta thấy \(\frac{P}{{{\rm{\Delta }}t}} \approx \) const (hằng số). Điều này xác nhận công suất tỏa nhiệt tỉ lệ thuận với hiệu nhiệt độ giữa cốc nước và môi trường, đúng như giả thuyết (I).

a) Sai: Đề bài đã nêu rõ ở kỳ thứ ba: "Dưới áp suất và nhiệt độ cao, nhiên liệu tự bốc cháy mà không cần tia lửa điện". Động cơ Diesel không sử dụng bu-gi để đánh lửa đốt nhiên liệu.

b) Đúng: Xét lượng khí trong xilanh từ kỳ hút (trạng thái 1) sang cuối kỳ nén (trạng thái 2):

Trạng thái 1: \({p_1} = 1{\rm{\;atm}};{V_1};{T_1} = 27 + 273 = 300{\rm{\;K}}\).

Trạng thái 2: \({p_2} = 45{\rm{\;atm}};{V_2} = \frac{{{V_1}}}{{14}};{T_2}\)

Áp dụng phương trình trạng thái:

\(\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow {T_2} = \frac{{{p_2}.{V_2}.{T_1}}}{{{p_1}.{V_1}}} = \frac{{45.\frac{{{V_1}}}{{14}}.300}}{{1.{V_1}}} \approx 964{\rm{\;K}} \approx {691^ \circ }{\rm{C}}\)

c) Đúng: Năng lượng sinh ra khi đốt hết 85 lít dầu:

\(Q = 85.36 = 3060MJ\)

Công động cơ sinh ra (Công có ích):

\(A = H.Q = 45{\rm{\% }}.3060 = 1377MJ\).

d) Sai: Khối lượng \(m = 2400{\rm{\;kg}}\). Trọng lượng \(P = m.g = 2400.9,8 = 23520{\rm{\;N}}\).

Lực cản: \({F_c} = 0,057.P = 0,057.23520 = 1340,64{\rm{\;N}}\).

Vì xe chạy thẳng đều nên lực kéo của động cơ bằng lực cản: \({F_k} = {F_c} = 1340,64{\rm{\;N}}\).

Công xe thực hiện trên quãng đường \(s = 100{\rm{\;km}} = 100000{\rm{\;m}}\):

\(A = {F_k}.s = 1340,64.100000 = 134064000J \approx 134,06MJ\).

Nhiệt lượng nhiên liệu cần tỏa ra: \(Q = \frac{A}{H} = \frac{{134,06}}{{0,45}} \approx 297,91MJ\).

Lượng dầu tiêu thụ: \(V = \frac{Q}{{36}} = \frac{{297,91}}{{36}} \approx 8,27\) lít.

a) Đúng. Phân rã \({\beta ^ - }\)là quá trình hạt nhân phát ra hạt electron, làm số hiệu nguyên tử \(Z\) tăng 1 đơn vị thành 54 tạo ra Xenon, trong khi số khối \(A\) giữ nguyên là 131 .

b) Sai. \(\lambda = \frac{{{\rm{ln}}2}}{T} = \frac{{{\rm{ln}}2}}{{8,04.24.60.60}} = 9,{978.10^{ - 7}}\left( {{s^{ - 1}}} \right)\)

c) Đúng.

\({H_0} = \lambda .{N_0} = \lambda .\frac{{{m_0}}}{M}.{N_A}\)

\( \Rightarrow {50.10^{ - 3}}.3,{7.10^{10}} = \frac{{{\rm{ln}}2}}{{8,04.24.60.60}}.\frac{{{m_0}}}{{131}}.6,{022.10^{23}}\)

\( \Rightarrow {m_0} \approx 0,4\mu {\rm{g}}\).

d) Đúng. Thời gian 6 tuần tương đương 42 ngày. Tỉ lệ độ phóng xạ còn lại là:

\(\frac{H}{{{H_0}}} = {2^{ - \frac{t}{T}}} = {2^{ - \frac{{42}}{{8,04}}}} \approx 2,68{\rm{\% }}\), giá trị này hoàn toàn không vượt quá \(5{\rm{\% }}\) liều dùng ban đầu.

a) Đúng. Dựa trên nguyên lý hoạt động, sự dao động cơ học của màng rung do sóng âm tạo ra được chuyển đổi trực tiếp thành dòng điện xoay chiều có cùng tần số.

b) Sai. Mạch khuếch đại có chức năng làm tăng biên độ của dao động điện để âm thanh to hơn, đồng thời phải giữ nguyên tần số để đảm bảo không làm thay đổi cao độ của âm thanh.

c) Sai. Micro điện động hoạt động dựa trên hiện tượng cảm ứng điện từ, tự tạo ra dòng điện cảm ứng khi cuộn dây dao động trong từ trường của nam châm vĩnh cửu mà không cần cấp nguồn điện bên ngoài như pin.

d) Đúng. Với số vòng dây \(N = 20\), tiết diện \(S = 0,003{\rm{\;}}{{\rm{m}}^2}\) và tốc độ biến thiên cảm ứng từ cực đại là \(7,0{\rm{\;T}}/{\rm{s}}\), áp dụng công thức suất điện động cực đại ta tính được

\({E_0} = N.S.{\left( {\frac{{{\rm{\Delta }}B}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right)_{{\rm{max\;}}}} = 20.0,003.7,0 = 0,42{\rm{\;V}}\).

\(\overline {{E_d}} = \frac{3}{2}kT = \frac{1}{2}\frac{M}{{{N_A}}}.\overline {{v^2}} \)

\( \Rightarrow 3kT = \frac{M}{{{N_A}}}.\overline {{v^2}} \Rightarrow \overline {{v^2}} = \frac{{3kT{N_A}}}{M} = \frac{{3RT}}{M}\)

\( \Rightarrow \sqrt {\overline {{v^2}} } = \sqrt {\frac{{3RT}}{M}} = \sqrt {\frac{{3.8,31.\left( {47 + 273} \right)}}{{{{4.10}^{ - 3}}}}} = 1412,2\left( {{\rm{cm}}/{\rm{s}}} \right) \approx 1,4\left( {{\rm{km}}/{\rm{s}}} \right)\)

Đáp án: 1,4

Khối lượng nước đá tan do môi trường truyền nhiệt trong khoảng thời gian \(t\) (từ lúc bật đồng hồ đến \(t = 168s\)) là: \({\rm{\Delta }}{m_{mt}} = {m_1} - {m_0} = {8.10^{ - 3}} - {5.10^{ - 3}} = {3.10^{ - 3}}{\rm{\;kg}}\).

Khối lượng nước đá tan tổng cộng trong khoảng thời gian \(t\) tiếp theo (từ thời điểm \(t\) đến \(2t\) ) khi bật biến áp nguồn là: \({\rm{\Delta }}{m_{{\rm{tong\;}}}} = {m_2} - {m_1} = {25.10^{ - 3}} - {8.10^{ - 3}} = {17.10^{ - 3}}{\rm{\;kg}}\).

Vì môi trường vẫn tiếp tục truyền nhiệt một cách ổn định như cũ, phần khối lượng nước đá tan chỉ do dây nung cung cấp nhiệt lượng trong thời gian \(t\) là: \({\rm{\Delta }}m = {\rm{\Delta }}{m_{{\rm{tong\;}}}} - {\rm{\Delta }}{m_{mt}} = {14.10^{ - 3}}{\rm{\;kg}}\).

Nhiệt lượng do dây nung cung cấp trong khoảng thời gian \(t = 168{\rm{\;s}}\) là: \(Q = P.t = 34.168 = 5712{\rm{\;J}}\).

Nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là: \(\lambda = \frac{Q}{{{\rm{\Delta }}m}} = \frac{{5712}}{{14,{{0.10}^{ - 3}}}} = 408000{\rm{\;J}}/{\rm{kg}} = 408{\rm{\;kJ}}/{\rm{kg}}\)

Đáp án: 408

Đoạn dây dẫn chịu tác dụng của trọng lực \(P\) hướng xuống và lực từ \(F\) hướng lên (do đoạn dây nằm vuông góc với cảm ứng từ). Để lò xo không biến dạng, lực từ phải cân bằng hoàn toàn với trọng lực nên \(F = P\)

\( \Rightarrow B.I.l.\;si{\rm{n}}\left( {{{90}^ \circ }} \right) = m.g\)

\( \Rightarrow 0,49.I.0,10.1 = 0,01.9,8\)

\( \Rightarrow I = 2A\)

Đáp án: 2

Diện tích mạch quạt do thanh OP quét được là: \(S\left( t \right) = \frac{1}{2}{R^2}\alpha = \frac{1}{2}{R^2}\sigma {t^2}\).

Từ thông qua mạch \({\rm{\Phi }}\left( t \right) = B.S\left( t \right) = \frac{1}{2}B{R^2}\sigma {t^2}\), suy ra suất điện động cảm ứng: \(e = \frac{{d{\rm{\Phi }}}}{{dt}} = B{R^2}\sigma t\).

Chiều dài toàn bộ mạch điện kín là \(L\left( t \right) = 2R + R\alpha = R\left( {2 + \sigma {t^2}} \right)\), do đó điện trở của mạch là:

\({R_m} = \rho \frac{{L\left( t \right)}}{{{S_0}}} = \rho \frac{{R\left( {2 + \sigma {t^2}} \right)}}{{{S_0}}}\).

Cường độ dòng điện chạy trong mạch: \(I\left( t \right) = \frac{e}{{{R_m}}} = \frac{{BR{S_0}\sigma t}}{{\rho \left( {2 + \sigma {t^2}} \right)}} = \frac{{BR{S_0}\sigma }}{\rho }.\frac{1}{{\frac{2}{t} + \sigma t}}\)

Áp dụng bất đẳng thức Cauchy: \(\frac{2}{t} + \sigma t \ge 2\sqrt {2\sigma } \)

Dấu bằng xảy ra khi \(t = \sqrt {\frac{2}{\sigma }} \).

Theo đề bài, dòng điện cực đại lúc \(t = 0,25{\rm{\;s}}\) nên ta có: \(0,25 = \sqrt {\frac{2}{\sigma }} \Rightarrow \sigma = 32{\rm{\;rad}}/{{\rm{s}}^2}\).

Khi đó cụm mẫu số \(\frac{2}{t} + \sigma t\) có giá trị bằng 4

\( \Rightarrow {I_{{\rm{max}}}} = \frac{{B.R.{S_0}.\sigma .t}}{{4\rho }} \Rightarrow {I_{{\rm{max}}}} = \frac{{0,15.0,24.1,{{2.10}^{ - 6}}.32.0,25}}{{4.1,{{7.10}^{ - 8}}}} \approx 5,1{\rm{\;A}}.\)

Đáp án: 5,1

Thời gian một năm hoạt động của nhà máy là \(t = 365.24.3600 = 31536000{\rm{\;s}}\).

Tổng năng lượng điện có ích nhà máy sinh ra trong một năm là

\(A = P.t = {500.10^6}.31536000 = 1,{5768.10^{16}}{\rm{\;J}}\).

Để tạo ra lượng điện năng này với mức hiệu suất chuyển đổi là \(20{\rm{\% }}\), tổng năng lượng phân hạch thực tế phải sinh ra trong lò là: \(Q = \frac{A}{H} = \frac{{1,{{5768.10}^{16}}}}{{20{\rm{\% }}}} = 7,{88.10^{16}}{\rm{\;J}} \Rightarrow x = 7,88{\rm{\;J}}\).

Đáp án: 7,88

Năng lượng của một hạt nhân phân hạch \({\rm{\Delta }}E = 200{\rm{MeV}} = {200.10^6}.1,{6.10^{ - 19}} = 3,{2.10^{ - 11}}{\rm{\;J}}\).

Tổng số hạt nhân \({\;^{235}}{\rm{U}}\) cần thiết bị phân hạch trong một năm hoạt động là:

\(N = \frac{Q}{{{\rm{\Delta }}E}} = \frac{{7,{{884.10}^{16}}}}{{3,{{2.10}^{ - 11}}}} = 2,{46375.10^{27}}\) hạt.

Khối lượng Urani tương ứng cần dùng là: \(m = \frac{N}{{{N_A}}}.A = \frac{{2,{{46375.10}^{27}}}}{{6,{{02.10}^{23}}}}.235 \approx 961762g \approx 0,96\) tấn.

Đáp án: 0,96