Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 Sở Đà Nẵng có đáp án

Đáp án đúng là A

Hạt nhân Triti (\(\;_1^3{\rm{\;T}}\)) có số neutron là: \({N_1} = 3 - 1 = 2\).

Hạt nhân Heli \(\left( {\;_2^4{\rm{He}}} \right)\) có số neutron là: \({N_2} = 4 - 2 = 2\).

Vậy hai hạt nhân này có cùng số neutron.

Đáp án đúng là B

Dynamo ở xe đạp thực chất là một máy phát điện xoay chiều nhỏ. Cấu tạo cơ bản gồm một nam châm (rotor) và cuộn dây (stator). Khi núm xoay quay, nam châm quay theo làm từ thông qua cuộn dây biến thiên, sinh ra dòng điện cảm ứng thắp sáng bóng đèn. Vậy hoạt động này dựa trên hiện tượng cảm ứng điện từ.

Đáp án đúng là C

Từ phương trình trạng thái khí lí tưởng: \(pV = \frac{m}{M}RT \Rightarrow \frac{m}{V} = \frac{{pM}}{{RT}}\).

Suy ra khối lượng riêng của khối khí là: \(\rho = \frac{{pM}}{{RT}}\).

Trong quá trình đẳng áp (\(p = {\rm{const}}\)), với một lượng khí xác định, ta thấy khối lượng riêng \(\rho \) tỉ lệ nghịch với nhiệt độ tuyệt đối \(T\).

Do đó: \(\frac{{{\rho _1}}}{{{\rho _2}}} = \frac{{{T_2}}}{{{T_1}}}\).

Đáp án đúng là D

Sự chuyển từ thể rắn sang thể lỏng của một chất gọi là sự nóng chảy.

Đáp án đúng là B

Sóng siêu âm có khả năng truyền rất tốt trong môi trường nước và bị phản xạ trở lại khi gặp vật cản. Thiết bị dò tìm cá (sonar) hoạt động dựa trên nguyên lí phát sóng siêu âm xuống nước và ghi nhận lại sóng siêu âm phản xạ từ đàn cá để xác định vị trí cũng như độ sâu của đàn cá.

Đáp án đúng là A

Theo quy tắc bàn tay trái: Đặt bàn tay trái sao cho các đường sức từ (vector cảm ứng từ \(\vec B\)) hướng vào lòng bàn tay (mũi tên 1), chiều từ cổ tay đến ngón tay giữa hướng theo chiều dòng điện \(I\) (mũi tên 2), lúc đó ngón tay cái choãi ra \({90^ \circ }\) chỉ chiều của lực từ \(\vec F\) (mũi tên 3).

Vậy (1) là cảm ứng từ, (2) là dòng điện, (3) là lực từ.

Đáp án đúng là B

Nhiệt lượng dầu ăn thu vào để tăng nhiệt độ là:

\(Q = mc\left( {{t_2} - {t_1}} \right) = 0,5.1800.\left( {80 - 20} \right) = 54000J = 54kJ\).

Đáp án đúng là C

Gọi điện áp hiệu dụng cuộn sơ cấp là \({U_1}\), số vòng dây cuộn sơ cấp là \({N_1}\) (cả hai đều không đổi).

Ban đầu: \({U_2} = 100{\rm{\;V}} \Rightarrow 100 = \frac{{{{\rm{N}}_2}}}{{{\rm{\;}}{{\rm{N}}_1}}}{{\rm{U}}_1}\) (1)

Khi giảm \(N\) vòng ở cuộn thứ cấp: \(U = \frac{{{N_2} - N}}{{{N_1}}}{U_1}\) (2)

Khi tăng \(N\) vòng ở cuộn thứ cấp: \(2U = \frac{{{N_2} + N}}{{{N_1}}}{U_1}\) (3)

Lập tỉ số \(\frac{{\left( 3 \right)}}{{\left( 2 \right)}}\) ta được: \(\frac{{2U}}{U} = \frac{{{N_2} + N}}{{{N_2} - N}} \Rightarrow 2{N_2} - 2N = {N_2} + N \Rightarrow {N_2} = 3N\).

Khi tăng thêm 3N vòng ở cuộn thứ cấp thì tổng số vòng dây lúc này là:

\({N_{2'}} = {N_2} + 3N = {N_2} + {N_2} = 2{N_2}\).

Điện áp hiệu dụng cuộn thứ cấp lúc này là: \({U_{2'}} = \frac{{{N_{2'}}}}{{{N_1}}}{U_1} = \frac{{2{N_2}}}{{{N_1}}}{U_1} = 2.\left( {\frac{{{N_2}}}{{{N_1}}}{U_1}} \right)\).

Thay (1) vào, ta được: \({U_{2'}} = 2.100 = 200{\rm{\;V}}\).

Đáp án đúng là D

Hình A là biển cảnh báo nguy hiểm tia laser.

Hình B là biển cảnh báo bề mặt nóng.

Hình C là biển cảnh báo bức xạ không ion hóa/từ trường mạnh.

Hình D mang biểu tượng 3 cánh quạt (trefoil), là biển cảnh báo khu vực có chất phóng xạ.

Ý a: Khi xoa hai bàn tay vào nhau, ta đang thực hiện công (thắng lực ma sát), công này chuyển hóa thành nội năng làm nhiệt độ của bàn tay tăng lên, do đó nội năng bàn tay tăng lên do nhận công ⇒ Đúng

Ý b: Bàn tay ấm lên trong trường hợp này chủ yếu là do quá trình thực hiện công, không phải do nhận nhiệt lượng từ cơ thể ⇒ Sai

Ý c: Bàn tay sau khi xoa có nhiệt độ cao hơn mặt, theo nguyên lý truyền nhiệt, nhiệt lượng sẽ tự truyền từ vật có nhiệt độ cao (bàn tay) sang vật có nhiệt độ thấp (mặt) ⇒ Sai

Ý d: Theo định luật bảo toàn và chuyển hóa năng lượng, cơ năng đã chuyển hóa thành nội năng làm tay nóng lên, sau đó nhiệt năng này truyền một phần sang má, tổng năng lượng của toàn bộ hệ luôn được bảo toàn ⇒ Đúng

Ý a: Áp suất khí trong ống luôn cân bằng với áp suất khí quyển cộng với áp suất do trọng lượng giọt thủy ngân gây ra nên giữ nguyên không đổi, quá trình biến đổi là đẳng áp ⇒ Đúng

Ý b: Theo định luật Charles, thể tích khối lượng khí (và chiều cao h) tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối T (đo bằng Kelvin), chứ không tỉ lệ thuận với nhiệt độ t (đo bằng ^oC) ⇒ Sai

Ý c: Tại trạng thái 1 có \({T_1} = 298{\rm{\;K}}\), chiều cao \({h_1} = 150{\rm{\;mm}}\), áp suất \(p = 77{\rm{cmHg}} \approx 102663{\rm{\;Pa}}\)

Tiết diện ống \(S = \pi \frac{{{d^2}}}{4} \approx 2,{827.10^{ - 7}}{\rm{\;}}{{\rm{m}}^2}\), thể tích \({V_1} \approx 4,{241.10^{ - 8}}{\rm{\;}}{{\rm{m}}^3}\)

Từ phương trình \(pV = nRT \Rightarrow n \approx 1,{76.10^{ - 6}}{\rm{\;mol}} \Rightarrow \) Đúng

Ý d: Tính trung bình tỉ số \(\frac{h}{T}\) của các lần đo ta được khoảng \(0,5045{\rm{\;mm}}/{\rm{K}}\), suy ra

\(\frac{V}{T} = S.\frac{h}{T} \approx 0,1427{\rm{\;m}}{{\rm{m}}^3}/{\rm{K}} = 14,{27.10^{ - 2}} \Rightarrow \) Đúng

Đáp án: Đ, S, Đ, Đ

Ý a: Máy biến áp hoạt động dựa trên hiện tượng cảm ứng điện từ, không phải dựa trên nguyên tắc tương tác từ của dòng điện ⇒ Sai

Ý b: Máy biến áp có chức năng thay đổi điện áp nhưng không làm thay đổi tần số của dòng điện xoay chiều, do đó dòng điện ở cuộn thứ cấp vẫn giữ nguyên tần số là \(100{\rm{kHz}} \Rightarrow \) Đúng

Ý c: Năng lượng pin cần để sạc đầy là \({W_{pin}} = U.I.t = 3,7.4.3600 = 53280J\)

Năng lượng tổng cộng bộ sạc tiêu thụ từ lưới điện là \({W_{tp}} = \frac{{{W_{pin}}}}{H} = \frac{{53280}}{{0,9}} = 59200{\rm{\;J}} = 59,2{\rm{\;kJ}}\)

⇒ Đúng

Ý d: Điện áp đầu vào (Input) là 220 V lớn hơn điện áp đầu ra (Output) là 5 V nên đây là máy biến áp có chức năng hạ điện áp ⇒ Đúng

Đáp án: S, Đ, Đ, Đ

Ý a: Nhờ cấu tạo của bộ cổ góp gồm hai nửa vành khuyên, dòng điện đưa ra mạch ngoài (qua bóng đèn) luôn chạy theo một chiều duy nhất, không bị đổi chiều tuần hoàn \( \Rightarrow \) Sai

Ý b: Trong cấu tạo này, nam châm đứng yên làm nhiệm vụ tạo ra từ trường nên đóng vai trò là phần tĩnh (stator) ⇒ Đúng

Ý c: Khi khung dây quay liên tục trong từ trường, từ thông biến thiên điều hoà làm xuất hiện suất điện động cảm ứng xoay chiều, nên bản thân dòng điện sinh ra trong khung dây (trước khi ra cổ góp) là dòng điện xoay chiều ⇒ Đúng

Ý d: Khi mặt phẳng khung dây song song với đường sức từ thì suất điện động đạt giá trị cực đại (đèn sáng nhất), khi quay đến vị trí vuông góc thì suất điện động giảm về 0 (đèn tắt) Do đó quá trình quay này sẽ làm độ sáng của bóng đèn giảm dần chứ không phải tăng dần \( \Rightarrow \) Sai

Đáp án: S, Đ, Đ, S

Trạng thái 1 (ban đầu): \({\rm{V}} = 500\) lít, \({p_1} = 10{\rm{\;atm}},{T_1} = 27 + 273 = 300{\rm{\;K}}\).

Khối lượng khí ban đầu là:

\({m_1} = \frac{{{p_1}V\mu }}{{R{T_1}}} = \frac{{10.500.28}}{{0,082.300}} \approx 5691,06{\rm{\;g}}\)

Trạng thái 2 (sau 24 giờ): \({\rm{V}} = 500\) lít, \({p_2} = 9,2{\rm{\;atm}},{T_2} = 17 + 273 = 290{\rm{\;K}}\).

Khối lượng khí còn lại là:

\({m_2} = \frac{{{p_2}V\mu }}{{R{T_2}}} = \frac{{9,2.500.28}}{{0,082.290}} \approx 5416,32{\rm{\;g}}\)

Khối lượng khí bị rò rỉ sau 24 giờ là:

\({\rm{\Delta }}m = {m_1} - {m_2} \approx 5691,06 - 5416,32 = 274,74g\)

Khối lượng rò rỉ trung bình trong 1 giờ là:

\(\frac{{{\rm{\Delta }}m}}{{24}} = \frac{{274,74}}{{24}} \approx 11,4475{\rm{\;g}}/{\rm{h}}\)

Làm tròn đến chữ số hàng phần mười, ta được 11,4.

Đáp án: 11,4

Khối lượng viên đá: \({\rm{m}} = 15{\rm{\;g}} = 0,015{\rm{\;kg}}\).

Nhiệt lượng cần cung cấp để đá tăng từ \( - {3^ \circ }C\) đến \({0^ \circ }C\):

\({Q_1} = mc{\rm{\Delta }}t = 0,015.2100.\left( {0 - \left( { - 3} \right)} \right) = 94,5J\)

Nhiệt lượng cần cung cấp để đá nóng chảy hoàn toàn ở \({0^ \circ }C\) :

\({Q_2} = \lambda m = 3,{34.10^5}.0,015 = 5010J\)

Tổng nhiệt lượng tối thiểu cần cung cấp:

\(Q = {Q_1} + {Q_2} = 94,5 + 5010 = 5104,5J = 5,1045kJ\)

Làm tròn đến chữ số hàng phần mười, ta được 5,1.

Đáp án: 5,1

Chu kỳ bán rã tính theo giây: \(T = 14,3\) ngày \( = 14,3.24.3600 = 1235520s\).

Số nguyên tử ban đầu:

\({N_0} = \frac{{{H_0}.T}}{{{\rm{ln}}2}} = \frac{{{{5.10}^5}.1235520}}{{{\rm{ln}}2}} \approx 8,{912.10^{11}}\) nguyên tử

Ta có \({N_0} = m{.10^{11}}\), suy ra \(m \approx 8,912\).

Làm tròn đến chữ số hàng phần mười, ta được 8,9.

Đáp án: 8,9

Thời gian \(t = 28,6\) ngày \( = 2T\) (trải qua 2 chu kỳ bán rã).

Tại thời điểm cuối chu kỳ 1 \(\left( {t = T} \right)\):

Cây tích lũy được lượng nguyên tử là: \({N_{{\rm{c\^a y1\;}}}} = 0,2{N_0}\).

Tổng số hạt ³²P chưa bị phân rã (cả trong cây và đất) ở thời điểm này là: \({N_0}{.2^{ - 1}} = 0,5{N_0}\).

Suy ra lượng nguyên tử còn lại trong đất tại \(t = T\) là: \({N_{{\rm{dat1\;}}}} = 0,5{N_0} - 0,2{N_0} = 0,3{N_0}\).

Tại thời điểm cuối chu kỳ \(2\left( {t = 2T} \right)\):

Trong chu kỳ 2, lượng nguyên tử cũ trong cây (\({N_{{\rm{c\^a y}}}}\)) bị phân rã đi một nửa.

Vậy lượng nguyên tử cũ còn lại trong cây là: \({N_{{\rm{c\^a y1\;}}}} = \frac{{0,2{N_0}}}{2} = 0,1{N_0}\).

Đồng thời cây tích lũy thêm \(40{\rm{\% }}\) số hạt có trong đất từ đầu chu kỳ 2:

\({\rm{\Delta }}{N_{{\rm{c\^a y\;}}2}} = 0,4.{N_{{\rm{dat\;}}1}} = 0,4.0,3{N_0} = 0,12{N_0}\).

Tổng số nguyên tử ³²P trong cây tại \(t = 2T\) là:

\({N_{{\rm{c\^a y\;}}2}} = {N_{{\rm{c\^a y\;}}1'}} + {\rm{\Delta }}{N_{{\rm{c\^a y\;}}2}} = 0,1{N_0} + 0,12{N_0} = 0,22{N_0}\).

Độ phóng xạ của cây lúc này:

\({H_{{\rm{c\^a y\;}}}} = \lambda .{N_{{\rm{c\^a y\;}}2}} = \lambda .\left( {0,22{N_0}} \right) = 0,22.\left( {\lambda {N_0}} \right) = 0,22.{H_0}\)

Thay số \({H_0} = {5.10^5}{\rm{\;Bq}}\), ta được:

\({H_{{\rm{c\^a y\;}}}} = 0,{22.5.10^5} = 1,{1.10^5}Bq\).

Ta có \({H_{{\rm{c\^a y}}}} = n{.10^5}\), suy ra \(n = 1,1\).

Đáp án: 1,1

Tại thời điểm đóng mạch, thanh chưa chuyển động nên vận tốc \(v = 0\), chưa có suất điện động cảm ứng sinh ra trên thanh.

Điện trở tương đương của toàn mạch: \({R_{td}} = {R_{{\rm{thanh\;}}}} + {R_{{\rm{ray\;}}}} + r = 0,1 + 0,05 + 0,05 = 0,2{\rm{\Omega }}\).

Cường độ dòng điện qua thanh là: \(I = \frac{E}{{{R_{td}}}} = \frac{{12}}{{0,2}} = 60{\rm{\;A}}\)

Vì từ trường \(\vec B\) hướng thẳng đứng còn thanh đặt nằm ngang nên góc \(\alpha = {90^ \circ }\left( {{\rm{sin}}{{90}^ \circ } = 1} \right)\).

Độ lớn lực từ tác dụng lên thanh là:

\(F = BIl = 0,5.60.0,1 = 3N\)

Đáp án: 3

Khi thanh đạt vận tốc \(v = 12{\rm{\;m}}/{\rm{s}}\), độ lớn suất điện động cảm ứng xuất hiện trên thanh là:

\({e_c} = Blv = 0,5.0,1.12 = 0,6{\rm{\;V}}\)

Theo định luật Lenz, suất điện động cảm ứng này có chiều chống lại nguyên nhân sinh ra nó (tức là chống lại suất điện động E của nguồn). Do đó, cường độ dòng điện chạy qua thanh lúc này được tính theo định luật Ohm cho toàn mạch chứa máy phát và máy thu:

\(I' = \frac{{E - {e_c}}}{{{R_{{\rm{thanh\;}}}} + {R_{{\rm{ray\;}}}} + r}} = \frac{{12 - 0,6}}{{0,2}} = \frac{{11,4}}{{0,2}} = 57{\rm{\;A}}\)

Đáp án: 57