Bộ 25 đề thi ôn luyện THPT Quốc gia môn Vật lí có lời giải năm 2022 (Đề 11)

Đáp án C

Trong dao động điều hòa thì li độ và vận tốc

biến thiên theo thời gian sẽ vuông pha nhau.

Đáp án D

Tai người có thể nghe được những âm có mức

cường độ âm ở trong khoảng từ 0 dB đến 130 dB.

Đáp án B

Phương trình $i=4\cos \omega t$(A), đại lượng $\omega =\frac{2\pi }{T}$ nên T là chu kì của dòng điện.

Đáp án C

Biên độ dao động cưỡng bức không thay đổi khi

thay đổi pha ban đầu của ngoại lực tuần hoàn.

Đáp án C

Trong hạt nhân nguyên tử có 6 prôtôn và

Đáp án C

Bản chất sóng của ánh sáng có thể giải thích được

các hiện tượng phản xạ, khúc xạ, giao thoa, tán sắc.

Đáp án D

Đáp án D

$N=\frac{{10}^{-6}}{4,0015.1,{66058.10}^{-27}}=1,{5625.10}^{20}$

Đáp án D

Căn cứ vào n_đỏ < n_cam < n_vàng < n_lục < n_lam < n_chàm < n_tím.

Đáp án C

Trong sóng điện từ, dao động của điện trường và

của từ trường tại một điểm luôn luôn đồng pha nhau.

Đáp án A

Đáp án C

Độ lệch pha giữa u và i:

$\phi ={\phi }_u-{\phi }_i=\frac{\pi }{2}-\frac{\pi }{6}=\frac{\pi }{3}\left(\text{rad}\right)$.

Công suất tiêu thụ của mạch điện:

Đáp án D

Trong các tia thì tia $\gamma$ có bản chất là sóng điện từ.

Đáp án D

Đáp án C

Ta có: $W_t=\frac{Q_0^2}{4C}=\frac{W}{2}\Rightarrow q=\pm \frac{Q_0}{\sqrt{2}}$

Đáp án A

Khoảng vân $i=\frac{\lambda D}{a}=0,5\text{ mm}$.

Khoảng cách từ vân sáng bậc 1 đến

vân sáng bậc 10 là d = 9i = 4,5 mm.

Đáp án A

Điện áp hai đầu đoạn mạch:

Đáp án B

Đáp án A

Ta có: $T=\frac{2\pi }{20\pi }=0,1\left(s\right)$ Þ vận tốc truyền sóng:

$v=\frac{\lambda }{T}=10\lambda$

Trong thời gian 2s, sóng truyền được quãng đường là: 

$s=vt=10\lambda .2=20\lambda$

Đáp án C

Ta có: $\frac{W_1}{W_2}=9\iff \frac{{\epsilon }_1-A}{{\epsilon }_2-A}=9\iff \frac{\frac{1}{{\lambda }_1}-\frac{1}{{\lambda }_0}}{\frac{1}{{\lambda }_2}-\frac{1}{{\lambda }_0}}=9$

Đáp án A

Ta có $\lambda =c.T=c.2\pi \sqrt{LC}\Rightarrow \lambda ~\sqrt{C}$.

Do đó khi mắc nối tiếp C₁ và C₂ với cuộn cảm L thì:

$\frac{1}{C}=\frac{1}{C_1}+\frac{1}{C_2}\Rightarrow \frac{1}{{\lambda }^2}=\frac{1}{{\lambda }_1^2}+\frac{1}{{\lambda }_2^2}\Rightarrow \lambda =\frac{{\lambda }_1{\lambda }_2}{\sqrt{{\lambda }_1^2+{\lambda }_2^2}}=48\text{ m}$

.

Đáp án A

Ta có q > 0 nên vectơ E có gốc đặt tại M,

chiều đi ra xa điện tích q

Đáp án B

Tốc độ góc: $\omega =\frac{2\pi }{T}=\frac{2\pi }{0,4}=5\pi \left(\text{rad/s}\right)$

Độ giãn lò xo tại vị trí cân bằng:

$\Delta l_0=\frac{mg}{k}=\frac{g}{{\omega }^2}=\frac{{\pi }^2}{{\left(5\pi \right)}^2}=0,04\left(\text{m}\right)=4\left(\text{cm}\right)$

Khi vật ở vị trí cân bằng, chiều dài của lò xo: 

$l=l_0+\Delta l_0\Rightarrow l_0=l-\Delta l_0=44-4=40\left(\text{cm}\right)$

Đáp án A

Ta có: $R=\frac{U}{0,25};Z_L=\frac{U}{0,5};Z_C=\frac{U}{0,2}$

Cường độ dòng điện hiệu dụng qua mạch:

$I=\frac{U}{\sqrt{R^2+{\left(Z_L-Z_C\right)}^2}}=\frac{U}{\sqrt{\frac{U^2}{0,{25}^2}+{\left(\frac{U}{0,5}-\frac{U}{0,2}\right)}^2}}=0,2\left(\text{A}\right)$

Đáp án A

Độ biến dạng ở vị trí cân bằng:

$\Delta l_0=\frac{mg}{k}=\frac{g}{{\omega }^2}\Rightarrow {\omega }^2=\frac{g}{\Delta l_0}$

Khi kéo vật xuống dưới vị trí cân bằng 2 cm

rồi thả nhẹ (v = 0) thì vị trí đó là biên độ

=> A = 2(cm) và gia tốc tại vị trí này cực đại:

Lúc t = 0, x₀ = 4cm, v₀ = 0. Khi vật đi qua x = -2 cm

tức là chất điểm chuyển động tròn đều qua vị trí M₁ và M₂.

Khi quay hết 1 vòng (1 chu kì) thì qua vị trí x = -2 cm là 2 lần.

Qua lần thứ 2011 là phải quay được 1005 vòng rồi đi từ M₀ đến M₁

Đáp án A

Đáp án C

$\Phi =BS\cos \left(\overrightarrow{n};\overrightarrow{B}\right)={10}^{-6}={8.10}^{-4}.0,{05}^2.\cos \alpha \Rightarrow \alpha =60°$

Đáp án C

Đáp án D

Vị trí xuất phát của pha dao động: ${\phi }_0=0$.

Vị trí u = 0,5U₀ và đang tăng (v > 0) thì

vị trí cần qua có pha là: $\phi =-\frac{\pi }{3}$.

Như vậy: 1 chu kì (1 vòng) vật qua vị trí cần tìm 1 lần.

2013 T vật qua vị trí cần tìm 2013 lần.

1 lần còn lại vật quay một góc a (như trên vòng tròn lượng giác).

Từ vòng tròn lượng giác: $\alpha =2\pi -\frac{\pi }{3}=\frac{5\pi }{3}\left(\text{rad}\right)$

Thời gian quay hết $\alpha =\frac{5\pi }{3}\left(\text{rad}\right)$là: $\Delta t=\frac{\alpha }{\omega }=\frac{T}{2\pi }\frac{5\pi }{3}=\frac{5T}{6}$

Đáp án A

Xét tỉ số $\frac{i_2}{i_1}=\frac{{\lambda }_2}{{\lambda }_1}=\frac{0,6}{0,4}=1,5$.

Vị trí M là vân sáng thứ 11 của bức xạ:

${\lambda }_1\Rightarrow x_M=11.i_1=11.\frac{i_2}{1,5}=7,3.i_2$

Vị trí N là vân sáng thứ 13 của bức xạ:

${\lambda }_2\Rightarrow x_N=-13.i_2=-11.1,5.i_1=-16,5.i_1$

(do M, N nằm ở hai phía so với vân trung tâm $x_M,x_N$ nên  trái dấu)

$\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}-16,5\le k_M\le 11\\ -13\le k_N\le 7,3\end{array}\right.$

Þ Trên đoạn MN có 28 vân sáng của mỗi bức xạ ${\lambda }_1$

 và có 21 vân sáng của bức xạ .

Xác định số vân sáng trùng nhau, mỗi vị trí

trùng nhau được tính là một vân sáng.

Để hai vân trùng nhau thì $x_1=x_2\iff \frac{k_1}{k_2}=\frac{{\lambda }_2}{{\lambda }_1}=\frac{3}{2}$

Từ O đến N sẽ có 4 vị trí trùng nhau, từ O đến M

sẽ có 2 vị trí trùng nhau.

Số vân sáng quan sát được là 21 + 28 – 6 = 43.

Đáp án A

Sóng tại M có biến độ cực đại khi: $d_2-d_1=k\lambda$.

Ta có: $d_1=\frac{15}{2}+1,5=9\text{ cm};d_2=\frac{15}{2}-1,5=6\text{ cm}$.

Khi đó: $d_2-d_1=3$. Với điểm M gần O nhất chọn k = 1.

Khi đó, ta có: $\lambda =3\text{ cm}$.

Số điểm dao động với biên độ cực đại trên đoạn AB là:

$-S_1{S}_2\le d_2\le S_1{S}_2\iff -15\le k\lambda \le 15\iff -5\le k\le 5$.

Vậy số điểm dao động với biên độ cực đại trên

đường tròn tâm O, bán kính 20 cm là: $n=10x^2-2=18$

cực đại (ở đây A và B là hai cực đại, do đó chỉ có 8 đường cực đại cắt đường tròn tại 2 điểm, 2 điểm cực đại tại A và B tiếp xúc với đường tròn).