50 Bài tập Anken cơ bản cực hay có lời giải (P2)

Đáp án D

(CH₃)₂C(Br)CH₂CH₃ + KOH $\stackrel{e\tan ol}{\to }$ (CH₃)₂C=CHCH₃ + KBr + H₂O

(CH₃)₂C(OH)CH₂CH₃ $\underset{{170}^{0}C}{\overset{H_{2}S{O}_4}{\to }}$ (CH₃)₂C=CH-CH₃ + H₂O

CH₃CH(OH)-CH(CH₃)₂ CH₃CH=C(CH₃)₂ + H₂O

→ Hợp chất 2-metylbut-2-en là sản phẩm chính của tất cả các chất

Đáp án A

3CH₂=CH₂ + 2KMnO₄ + 4H₂O → 3CH₂OH-CH₂OH + 2MnO₂↓ + 2KOH

→ Sản phẩm thỏa mãn là MnO₂, C₂H₄(OH)₂, KOH

Đáp án D

Gọi X: C_aH_b → M_X = 12a + b → M_Z = 12a + b + 28

Ta có: M_Z = 2M_X → 12a + b + 28 = 2(12a + b) → 12a + b = 28 → X là anken C₂H₄

→ X, Y, Z là đồng đẳng anken

Đáp án D

xiclobutan + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$ CH₃CH₂CH₂CH₃

(CH₃)₂C=CH₂ + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$ (CH₃)₃CH

CH₂=CH-CH₂CH₃ + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$CH₃CH₂CH₂CH₃

cis-CH₃CH=CHCH₃ + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$CH₃CH₂CH₂CH₃

(CH₃)₂C=CH-CH₃ + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$ (CH₃)₂CH-CH₂CH₃

Dãy các chất sau khi phản ứng với H₂ đều cho ra một dản phẩm là xiclobutan, cis-but-2-en, but-1-en

Đáp án C

C₂H₄ có 4 liên kết σ C-H + 1 liên kết σ C-C = 5 liên kết σ.

C₄H₈ có 8 liên kết σ C-H + 3 liên kết σ C-C = 11 liên kết σ.

C₃H₆ có 6 liên kết σ c-H + 2 liên kết σ C-C = 8 liên kết σ.

C₅H₁₀ có 10 liên kết σ C-H + 4 liên kết σ C-C = 14 liên kết σ.

→ CTPT của X là C₃H₆

Đáp án A

3CH₂=CH₂ + 2KMnO₄ + 4H₂O → 3C₂H₄(OH)₂ + 2MnO₂↓ + 2KOH

0,185-------------0,125---------------------------0,185

→ m_C2H4(OH)2 = 0,1875 x 62 = 11,625 gam

Đáp án A

0,15 mol C₂H₆ và C₂H₄ + bình brom dư → m_{bình tăng} = 2,8 gam.

→ m_{bình tăng} = m_C2H4 = 2,8 gam → n_C2H4 = 2,8 : 28 = 0,1 mol.

n_C2H6 = 0,15 - 0,1 = 0,05 mol

Đáp án B

2,8 gam C_nH_2n + 0,05 mol Br₂

C_nH_2n + Br₂ → C_nH_2nBr₂

n_CnH2n = 0,05 mol → M_CnH2n = 2,8 : 0,05 = 56 → n = 4 → C₄H₈.

Mà hiđrat hóa X chỉ thu được ancol duy nhất → X là CH₃CH=CHCH₃

Đáp án B

Ta có n_but-1-en + n_but-2-en = 8,4 : 56 = 0,15 mol.

CTPT của hhX là C₄H₈

C₄H₈ + Br₂ → C₄H₈Br₂

0,15------0,15

→ m_Br2 = 0,15 x 160 = 24 gam

Đáp án B

0,15 mol hh hai anken vào bình brom dư, m_{bình tăng} = 7,7 gam.

Đặt CTC của hai anken là C_nH_2n

m_{bình tăng} = m_anken = 7,7 gam → M_CnH2n = 14n = 7,7 : 0,15 ≈ 51,33 → Hai anken là C₃H₆ (M = 42) và C₄H₈ (M = 56)

• Đặt n_C3H6 = a mol, n_C4H8 = b mol.

Ta có hpt: $\left\{\begin{array}{l}a +b = 0,15\\ 42a + 56b = 7,7\end{array}\right.$=> $\left\{\begin{array}{l}a = 0,05\\ b = 0,1\end{array}\right.$ 

→ $\%V_3{H}_6 = \frac{0,05}{0,15} \approx 33,33\%$ ; %V_C4H8 = 66,67%

Đáp án A

0,2 mol hh hai anken vào bình brom dư, m_{bình tăng} = 9,8 gam.

Đặt CTC của hai anken là C_nH_2n

m_{bình tăng} = m_anken = 9,8 gam → M_CnH2n = 14n = 9,8 : 0,2 = 49 → Hai anken là C₃H₆ (M = 42) và C₄H₈ (M = 56)

• Đặt n_C3H6 = a mol, n_C4H8 = b mol.

Ta có hpt: $\left\{\begin{array}{l}a + b = 0,2\\ 42a + 56b = 9,8\end{array}\right.$=> $\left\{\begin{array}{l}a = 0,1\\ b = 0,1\end{array}\right.$

→ $\%C_3{H}_6 = \frac{0,1}{0,2} = 50\%$; %V_C4H8 = 50%

Đáp án B

0,15 mol hh hai anken vào bình brom dư, m_{bình tăng} = 7,7 gam.

Đặt CTC của hai anken là C_nH_2n

m_{bình tăng} = m_anken = 7,7 gam → M_CnH2n = 14n = 7,7 : 0,15 ≈ 51,33

→ Hai anken là C₃H₆ (M = 42) và C₄H₈ (M = 56)

Đáp án C

0,5 mol hh hai anken vào bình brom dư, m_{bình tăng} = 15,4 gam.

Đặt CTC của hai anken là C_nH_2n

m_{bình tăng} = m_anken = 15,4 gam → M_CnH2n = 14n = 15,4 : 0,5 = 30,8 → Hai anken là C₂H₄ (M = 28) và C₃H₆ (M = 42)

• Đặt n_C2H4 = a mol, n_C3H6 = b mol.

Ta có hpt: $\left\{\begin{array}{l}a + b = 0,5\\ 28a + 42b = 15,4\end{array}\right.$=> $\left\{\begin{array}{l}a = 0,4\\ b = 0,1\end{array}\right.$→ Chọn C

Đáp án D

Gọi Y và Z lần lượt là C_nH_{2n + 2} và C_{n - 1}H_{2n - 2}

0,3 mol hhX + brom dư thì m_{bình tăng} = m_{Cn - 1H2n - 2} = 2,8 gam.

khí thoát là là ankan có n_{CnH2n + 2} = 2/3 x 0,3 = 0,2 mol → n_{Cn - 1H2n - 2} = 0,3 - 0,2 = 0,1 mol

→ M_{Cn - 1H2n - 2} = 14n - 14 = 2,8 : 0,1 → n = 3

→ Y và Z lần lượt là C₃H₈ và C₂H₄ có m_X = 0,2 x 44 + 0,1 x 28 = 11,6 gam

Đáp án D

hhX gồm C_nH_{2n + 2} và C_nH_2n

X đi qua nước Br₂ dư → C_nH_{2n + 2} có V = 1/2V_X → n_{CnH2n + 2} = n_CnH2n

M_T = 15/29 M_X → 14n + 2 = 15/29 x (14n + 2 + 14n) → n = 2 → C₂H₆ và C₂H₄

Đáp án A

hhX gồm CH₄ và C_nH_2n

10,8 lít hhX + Br₂ thấy có CH₄ bay ra.

CH₄ + O₂ → 0,126 mol CO₂

→ n_CH4 = 0,126 x 22,4 = 2,8224 lít → $\%V_{C{H}_4} = \frac{2,8224}{10,8} \approx 26,13\%$; %V_CnH2n ≈ 73,87%

Đáp án A

hhX gồm CH₄ và C_nH_2n.

0,25 mol hhX đi quan bình brom dư → m_{bình tăng} = 7,28 gam và có 0,12 mol CH₄ thoát ra.

n_CnH2n = 0,25 - 0,12 = 0,13 mol.

m_CnH2n = m_{bình tăng} = 7,28 gam → M_CnH2n = 14n = 7,28 : 0,13 = 56 → n = 4 → C₄H₈

Đáp án B

Hiđrocacbon X cần tìm là C_xH_y

→ sản phẩm là C_xH_{y + 1}Cl

Ta có: %Cl = $\frac{35,5}{12x + y + 36,5}$ = 55,04% → 12x + y = 28

Biện luận x = 2, y = 4 thoả mãn → X là C₂H₄

Đáp án D

Gọi CTC của hai anken là C_nH_2n

n_CnH2n = 0,15 mol; m_CnH2n = m_{bình tăng} = 7,7 gam → M_CnH2n = 7,7 : 0,15 ≈ 51,33

→ Hai anken cần tìm là C₃H₆ (M = 42) và C₄H₈ (M = 56) hoặc C₂H₄ (M = 28) và C₄H₈ (M = 56)

Đáp án D

Gọi CTC của hai anken là C_nH_2n

$n_{C_n{H}_{2n}} = \frac{10. 0,8064}{0,082.(273 + 54,6)} = 0,3 mol$; m_CnH2n = m_{bình tăng} = 16,8 gam

→ M_CnH2n = 16,8 : 0,3 = 56

→ Hai anken cần tìm là C₃H₆ (M = 42) và C₅H₁₀ (M = 60) hoặc C₂H₄ (M = 28) và C₅H₁₀ (M = 60)

Đáp án C

a gam hh C₂H₄, C₃H₆, C₄H₈ + b lít O₂ → 2,4 mol CO₂ + 2,4 mol H₂O

Theo bảo toàn nguyên tố O: n_O2 = (2 x n_CO2 + 1 x n_H2O) : 2 = (2 x 2,4 + 2,4) : 2 = 3,6 mol

→ b = 3,6 x 22,4 = 80,64 lít

Đáp án A

Đặt n_CH4 = x mol; n_C2H4 = y mol.

Ta có hpt: $\left\{\begin{array}{l}x + y = 0,15\\ 2x + 2y = 0,2\end{array}\right.$=> $\left\{\begin{array}{l}x = 0,05\\ y = 0,05\end{array}\right.$

→ n_X = x + y = 0,05 + 0,05 = 0,1 mol → V = 0,1 x 22,4 = 2,24 lít

Đáp án B

n_anken = n_ankan = n_Br2 = 0,1 mol.

Số nguyên tử C của ankan và anken như nhau = n_CO2 : n_{hh khí} = 0,6 : 0,2 = 3 → C₃H₆ và C₃H₈

Đáp án A

0,1 mol CH₄, C₄H₁₀, C₂H₄ + O₂ → 0,14 mol CO₂ và 0,23 mol H₂O

$C_n{H}_{2n+2} + \frac{3n+1}{2}{O}_2 \to nC{O}_2 + (n+1)H_{2}O$ 

$C_m{H}_{2m} + \frac{3m}{2}{O}_2 \to mC{O}_2 + m{H}_{2}O$

→ n_ankan = ∑n_H2O - ∑n_CO2 = 0,23 - 0,14 = 0,09 mol → n_anken = 0,1 - 0,09 = 0,01 mol

Đáp án B

Ta dùng NaOH dư vì

2NaOH + CO₂ → Na₂CO₃ + H₂O

2NaOH + SO₂ → Na₂SO₃ + H₂O

- Ta không dùng KMnO₄ và brom vì nó phản ứng với sản phẩm chính CH₂=CH₂ và SO₂.

- Na₂CO₃ thì không phản ứng với SO₂.