Pin quang điện và quang điện trở

=> Chọn đáp án A

Khi ${\omega }^2=\frac{1}{LC}\Rightarrow$mạch xảy ra cộng hưởng -> Z = R

=> Chọn đáp án A

 Độ lệch pha của M và N là:

=>= 12,5(mm)

Công suất tiêu thụ trên R:

Áp dụng bất đẳng thức cosi: $\frac{9}{R}+R\ge 2\sqrt{\frac{9}{R}R}=6,$ dấu “=” xảy ra khi $\frac{9}{R}=R\Rightarrow R=3$

$\Rightarrow KhiR=3\Rightarrow {\left(\frac{9}{R}+R\right)}_{\min }=6$ thì công suất $P_{m\text{ax}}=\frac{144}{6+6}=12W.$

=> Chọn đáp án D

Trong hiện tượng sóng dừng trên dây, hai điểm đối xứng nhau qua một nút luôn dao động ngược pha.

=> Chọn đáp án B

Trong sóng điện từ thì dao động của điện trường và của từ trường tại một điểm luôn luôn đồng pha với nhau. Tuy nhiên phương dao động $\overrightarrow{E}\perp \overrightarrow{B}\perp \overrightarrow{v}$.

Chú ý: Biểu thức phụ thuộc vào thời gian được chia làm hai nhóm:

Nhóm I bao gồm i, $\overrightarrow{B}$ cùng pha nhau và sớm pha hơn nhóm II gồm q, u và $\overrightarrow{E}$ là $\frac{\pi }{2}$.

Tia γ không mang điện tích nên không bị lệch vì lực do điện trường tác dụng bằng 0

=> Chọn đáp án C

Dựa vào tác dụng kích thích phát quang của tia tử ngoại mà người ta có thể tìm được vết nứt trên bề mặt sản phẩm

=> Chọn đáp án A

Hạt nhân của nguyên tử có số khối trung bình bèn vững hơn

=> Chọn đáp án D

Để cho dễ nhớ mối quan hệ về pha, các em nên nhớ cách vẽ giản đồ.

Trong chuyển động quay tròn, chiều dương được quy ước là ngược chiều kim đồng hồ. Quan sát hình vẽ trên ta có thể kết luận i nhanh pha hơn u_c góc $\frac{\mathrm{\pi }}{2}$

=>Chọn đáp án A

Điện áp hiệu dụng giữa hai đầu đoạn mạch U=110$\sqrt{2}$V

1 gam Heli có số mol $n=\frac{m}{M}=0,25mol\to$Số phân tử Heli có trong 1 gam là $N=n.N_A=7,{5275.10}^{22}$phân tử

Giới hạn quang điện: ${\lambda }_0=\frac{hc}{A}=\frac{6,{626.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{2,5.1,{6.10}^{-19}}=4,{969.10}^{-7}\left(m\right)=0,4969\left(\mu m\right).$

=> Chọn đáp án A

Bước sóng: $\lambda =\frac{v}{f}=\frac{50}{20}=2,5cm$

Biên độ dao động của phần tử tại M: $A_M=\left|2a.\cos \left(\frac{\pi \left(d_2-d_1\right)}{\lambda }\right)\right|=\left|\mathrm{2.4.}\cos \left(\frac{\pi .\frac{10}{3}}{2,5}\right)\right|=4\left(cm\right)$

Tốc độ dao động cực đại của phần tử chất lỏng M là: $v_{\max }=A.\omega =4.40\pi =160\pi \text{ cm/s}$

=> Chọn đáp án B

Mắc bộ tụ song song thì $C_b=C_1+C_2\to T=\sqrt{T_1^2+T_2^2}=1,{3.10}^{-4}s$

=> Chọn đáp án B

Ta có: $L=\log \frac{I}{I_0}=\log \frac{{10}^{-5}}{{10}^{-12}}=7\left(B\right).$

=> Chọn đáp án A

Áp dụng công thức: $B=2\pi {.10}^{-7}.\frac{NI}{r}\Rightarrow I=10A$

=> Chọn đáp án C

Cảm kháng; Z_L = R.

Hệ số công suất của đoạn mạch là $\cos \phi =\frac{R}{Z}=\frac{R}{\sqrt{R^2+Z_L^2}}=\frac{R}{\sqrt{R^2+R^2}}=\frac{1}{\sqrt{2}}=0,71$

=> Chọn đáp án C

Ta có công thức: $\lambda =2\pi c\sqrt{LC}\Rightarrow C=\frac{{\lambda }^2}{4{\pi }^2{c}^{2}L}\approx 36pF.$

=> Chọn đáp án C

Biểu thức suất điện động của khung: $e=E_0\cos \left(\omega t-\frac{\pi }{2}+\phi \right)$. Với $\phi =\frac{\pi }{3}$ và $E_0=\omega N{\text{Φ}}_0$ (với Φ₀ là từ thông cực đại qua một vòng) $\to E_0=100\pi \mathrm{.100.}\frac{{4.10}^{-3}}{\pi }=40V$ $\to e=40\cos \left(100\pi t-\frac{\pi }{6}\right)V$

=> Chọn đáp án B

Áp dụng hệ thức độc lập thời gian: $v^2={\omega }^2(S_0^2-s^2)$

$\omega =\sqrt{\frac{v^2}{S_0^2-s^2}}=\sqrt{\frac{{\left(12\sqrt{3}\pi \right)}^2}{6^2-3^2}}=4\pi$ $\Rightarrow f=2Hz$

=> Chọn đáp án C

Khoảng thời gian trong mỗi chu kì vật nặng ở những vị trí có khoảng cách với vị trí cân bằng không nhỏ hơn 1cm là:

$\Delta t=4.\frac{T}{6}=\frac{2}{3}T=\frac{2}{3}.\frac{\pi }{5}=\frac{2\pi }{15}s=0,418s$

=> Chọn đáp án C

Từ đồ thị à Hai điểm sáng dao động cùng chu kì. Mỗi chu kì ứng với 12 ô. Hai dao động cùng T.

Dao động 1: j₁=0; A₁= 4.

Dao động 2: bắt đầu 0,5ô =T/24 theo chiều dương:

 j₂= - π/12- π/2= -7π/12; Lúc gặp nhau với x₂ với 1,5 ô ứng T/8: $x_1=x_2=2=\frac{A_2\sqrt{2}}{2}=>A_2=2\sqrt{2}.$.

Trong 1 chu kì gặp nhau 2 lần.=>lần 2021 ở vị trí gặp nhau lần 1  : $x_1=x_2=2$: điểm sáng 1 ngược chiều dương v1<0;

                       điểm sáng 2 cùng chiều dương  v₂> 0;

Tại t₂ x_M = $\frac{\sqrt{2}}{2}{A}_B$ $2\lambda =80cm\Rightarrow \lambda =40cm\Rightarrow T=0,02s$

Sau $\frac{1}{30}s=\frac{5}{3}T=T+\frac{2T}{3}$

$x_M=-\frac{A_M}{2}\Rightarrow \left|v_M\right|=\frac{\sqrt{3}}{2}{V}_{MMAX}=\frac{\sqrt{3}}{2}\frac{2\pi }{0,02}.2\sqrt{2}\approx 769,5cm/s\approx 7,7m/s$

=> Chon đáp án B

Áp dụng: $\frac{x}{i_{đ}}\le k\le \frac{x}{i_t}$

${\lambda }_{\max }=\frac{ax}{D{k}_{\min }}=0,714\mu m$

=> Chọn đáp án D

+ Từ đồ thị, ta thấy rằng $Z_{L_M}$ là giá trị của cảm kháng để điện áp hiệu dụng trên cuộn dây cực đại → $Z_{L_M}=\frac{R^2+Z_C^2}{Z_C}$.

+ Tại N mạch xảy ra cộng hưởng, khi đó điện áp hiệu dụng trên tụ là 40 V → $U_C=\frac{U{Z}_C}{R}$ ↔ $40=\frac{a{Z}_C}{a}$ → Z_C = 40 Ω.

+ Z_L = 17,5 Ω và $Z_{L_M}$ là hai giá trị của cảm kháng cho cùng công suất tiêu thụ.

→ $Z_{L_M}+17,5=2Z_C$ →$Z_{L_M}=62,5$Ω.

+ Thay vào Z_C và $Z_{L_M}$ vào phương trình đầu tiên, ta tìm được a = 30.

=> Chọn đáp án A