35 đề minh họa THPT Quốc gia môn Vật lí năm 2022 có lời giải (Đề 13)

Chọn A

Vận tốc truyền sóng v = λf

Chọn D

Chọn A

Chọn B

Hạt nhân nguyên tử X có 3 proton và 4 notron => Z = 3; A = 3 + 4 = 7

Chọn B

Chọn C

Biểu thức cường độ dòng điện i = q’

Chọn A

Tần số âm bậc 2:  f₂ = 2 f₀

Chọn C

Tốc độ dao động cực đại V = ωA

Chọn A

Năng lượng của photon ɛ = hf => Với mỗi ánh sáng đơn sắc có tần số xác định, các photon đều mang năng lượng như nhau

Chọn C

Với dòng điện xoay chiều, cường độ dòng điện cực đại I₀ liên hệ với cường độ dòng điện hiệu dụng I theo công thức I₀ = $\sqrt{2}$I

Chọn A

M là vân sáng khi hiệu đường đi của ánh sáng từ hai khe S1,S2 đến M bằngnguyên lần bước sóng

Chọn A

Tia hồng ngoại là những bức xạ có bản chất là sóng điện từ

Chọn A

Chọn A

Chọn B

Chọn D

Chọn D

Suất điện động cảm ứng e = -ɸ’

Chọn D

Công thức tính độ lớn lực Lo – ren – xơ: f = $\left|q\right|$vB sin α => Độ lớn của lực Lo – ren – xơ không phụ thuộc vào khối lượng điện tích

Chọn A

Hiện tượng phản xạ toàn phần là hiện tượng ánh sáng bị phản xạ toàn bộ trở lại khi khi chiếu tới mặt phân cách giữa hai môi trường trong suốt

Chọn D

Chọn A

Trung điểm của đoạn thẳng nối 2 nguồn là 1 điểm cực đại

Chọn D

Mạng điện dân dụng ở Việt Nam có tần số và điện áp hiệu dụng là 50 Hz và 220 V

Chọn D

HD: Ta có I₀ = ωQ₀ => ω = I₀ / Q₀ = $\frac{10.{10}^{-3}}{4.{10}^{-3}}$ = 2,5.10⁵ rad/s

Chọn B

HD: Trên dây đang có sóng dừng với 2 nút sóng (không kể A và B) => Trên dây có 4 nút => k = 3

Điều kiện để có sóng dừng trên sợi dây hai đầu cố định $\mathcal{l}$ = k$\frac{\lambda }{2}$ => λ = 40 cm

Chọn C

HD: +Thay t = 0 vào phương trình li độ x = 6cos (p.0 - p/3)  = 3 cm

+Phương trình vận tốc v = x’ =  6πcos (pt + π/6)  => Thay t = 0 vào pt vận tốc

v =  6πcos (p.0+ π/6)  = 3π$\sqrt{3}$cm/s

Chọn D

HD: Bước sóng λ = v/f = $\frac{3.{10}^8}{100.{10}^6}$= 3 m

Chọn A

HD: Khoảng vận i = $\frac{\lambda D}{a}$= 0,8 mm

ðVị trí vân sáng bậc 4 là  x = 4i = 4.0,8 = 3,2 mm

Chọn C

HD: Năng lượng của photon ɛ = $\frac{hc}{\lambda }$= 1,937.10^-18 J = 12,1 eV

Chọn B

HD: Máy hạ áp: N₁ = 500 vòng, N₂ = 100 vòng. Hiệu điện thế hiệu dụng ở hai đầu cuộn sơ cấp

 U₁ = 100 V

Ta có $\frac{N_1}{N_2}$ = $\frac{U_1}{U_2}$=> U₂ = 20 V

Chọn B

HD: Biên độ A = 3 cm = 0,03 m

Cơ năng W = $\frac{1}{2}$mω²A² = $\frac{1}{2}$.0,1.(2π)² .0,03² = 1,8.10^-3 J = 1,8 mJ

Chọn C

HD: Năng lượng của phản ứng E = ( m_Na  + m_H – m_He – m_Ne ) x 931,5  ( Với m có đơn vị là u )

E = ( 22,9837 + 1,0073 – 4,0015 – 19,9869 ) x 931,5 = 2,4219 MeV > 0 => Phản ứng tỏa năng lượng

Chọn A

Chọn B

HD: Công suất hao phí ?_hp = A_hp / t = 480 / 24 = 20 kW.

Hiệu suất của quá trình truyền tải H = $\frac{\mathcal{P}-{\mathcal{P}}_{hp}}{\mathcal{P}}$ = $\frac{200-20}{200}$= 0,9 = 90 %

Chọn B

Ta có biên độ sóng dừng tại một điểm M trên dây, cách đầu cố định A đoạn d là:

A_M = 2a|sin$\frac{2\pi d}{\lambda }$| với a là biên độ nguồn sóng. Ta có:

* Biên độ sóng tại điểm B ($d_B=\frac{\lambda }{4}=10\Rightarrow \lambda =40cm$): A_B = 2a

* Biên độ sóng tại điểm C ($d_C=\frac{AB}{2}=\frac{\lambda }{8}$) Þ A_C = 2a|sin$\frac{2\pi \frac{\lambda }{8}}{\lambda }$| $=2a.\frac{\sqrt{2}}{2}=A_B\frac{\sqrt{2}}{2}a$

Chọn A

Vân sáng có màu vân trung tâm là vị trí 3 vân sáng đơn sắc trùng nhau, ta phải có:

$k_1{\lambda }_1=k_2{\lambda }_2=k_3{\lambda }_3\Rightarrow k_1=\frac{3}{2}{k}_3;k_2=\frac{9}{8}{k}_3\Rightarrow$Vị trí vân trùng đầu tiên (từ vân trung tâm) ứng với k₃ = 8.

Þ Khoảng cách hai vân liên tiếp cùng màu vân trung tâm là: Di = $\frac{8{\lambda }_{3}D}{a}=\frac{5,04D}{a}$

* Xét trên đoạn giữa hai vân này (xét cả hai vị trí ở hai đầu): dễ dàng tính được:

+ Khoảng vân với l₁: $i_1=\frac{{\lambda }_{1}D}{a}=0,42\frac{D}{a}\Rightarrow$ Số vân sáng l₁: $N_1=\frac{\Delta i}{i_1}+1=13$

Tương tự $N_2=\frac{\Delta i}{i_2}+1=10;N_3=\frac{\Delta i}{i_3}+1=9$

+ Khoảng vân l₁l₂ trùng: $i_{12\equiv }=1,68\frac{D}{a}$ Þ số vân l₁l₂ trùng: $N_{12\equiv }=\frac{\Delta i}{i_{12\equiv }}+1=4$

Tương tự: $N_{13\equiv }=\frac{\Delta i}{i_{13\equiv }}+1=5;N_{23\equiv }=\frac{\Delta i}{i_{23\equiv }}+1=2$

* Vì đề bài chỉ xét trong khoảng giữa hai vân liên tiếp cùng màu vân trung tâm (không tính vân ở hai đầu), do đó mỗi loại trên phải trừ đi 2:

+ Tổng số vân sáng của các bức xạ: (13 - 2) + (10 - 2) + (9 - 2) = 26.

+ Số vân trùng của hai bức xạ: (4 - 2) + (5 - 2) + (2 - 2) = 5 (ứng với 10 vân sáng đơn sắc)

Do mỗi vân trùng của hai bức xạ chỉ tính là một vân sáng (10 vân sáng đơn sắc trên chỉ tính là 5 vân)

Þ số vân sáng quan sát được: 26 - 5 = 21

Chọn A

$\frac{N_{2A}}{N_{1A}}$ = k;  $\frac{N_{2B}}{N_{1B}}$ = 2k. Có 2 khả năng:

1.  N_2A = N_1B = N ----à N_1A = $\frac{N}{k}$ và N_2B = 2kN ---à N_1A + N_2A + N_1B + N_­2B = 2N + $\frac{N}{k}$ + 2kN = 3100

---à (2k² + 2k + 1)N = 3100k

Khi U_1A = U -à U_2A = kU; U_1B = U_2A = kU -à U_2B = 2kU_1B = 2k²U = 18U ---à k = 3-à N = 372 vòng

  Nếu U_2B = 2U -à k = 1

2.  N_1A = N_2B = N ----à N_1B = $\frac{N}{2k}$ và N_2A = kN ---à N_1A + N_2A + N_1B + N_­2B = 2N + $\frac{N}{2k}$ + kN = 3100

----à (2k² + 4k + 1)N = 3100.2k

-à U_2B = 2kU_1B = 2k²U = 18U---à k = 3-à N = 600 vòng

Chọn A

Tần số góc: $\omega =\sqrt{\frac{k}{m}}=\sqrt{\frac{40}{0,1}}=20rad/s$ => $T=\frac{2\pi }{\omega }=\frac{\pi }{10}\left(s\right)$

Ban đầu: vật m nằm tại vị trí cân bằng O (lò xo không biến dạng)

Chia làm 2 quá trình:

1.Khi chịu tác dụng của lực F: Vật sẽ dao động điều hoà xung quanh VTCB mới O’ cách VTCB cũ một đoạn: $OO\text{'}=\frac{F}{k}=\frac{2}{40}=5cm$, Tại vị trí này vật có vận tốc cực đại . Ta tìm biên độ:

Dùng ĐL BT NL:  $F.OO\text{'}=\frac{1}{2}kOO{\text{'}}^2+\frac{1}{2}m{v}_{\max }^2$.Thế số: $2.0,05=\frac{1}{2}40.{(0,05)}^2+\frac{1}{2}0,1v_{\max }^2$

ó 0,1 =0,05+0,05.v²max  =>vmax = 1m/s = 100cm/s .

Mà vmax =ω.A => biên độ A = vmax /ω=100/20 =5cm.

- Đến thời điểm $t=\frac{\pi }{3}$s = $\frac{10T}{3}=3T+\frac{T}{3}$ => $x=\frac{A}{2}=2,5cm$ 

  Và nó vận tốc: $v=\omega \sqrt{A^2-x^2}=\omega \sqrt{A^2-{\left(\frac{A}{2}\right)}^2}=\omega A\frac{\sqrt{3}}{2}=\omega \sqrt{18,75}=50\sqrt{3}cm/s$

2. Sau khi ngừng tác dụng lực F: Vật lại dao động điều hoà quanh vị trí cân bằng O với biên độ dao động là A’:$A\text{'}=\sqrt{x_1^2+\frac{v_1^2}{{\omega }^2}}$ với x₁ = 5 + 2,5 = 7,5 cm;$v_1=\omega \sqrt{A^2-x^2}=\omega \sqrt{18,75}=50\sqrt{3}cm/s$

=> $A\text{'}=\sqrt{7,5^2+18,75}=5\sqrt{3}=8,66cm$ => Gần giá trị 9cm nhất. Chọn A