35 đề minh họa THPT Quốc gia môn Vật lí năm 2022 có lời giải (Đề 11)

Công của lực điện trường làm điện tích dịch chuyển dọc theo đường sức $\left(\alpha =0^0\right)$

$A=\left|F_d\right|.d.cos\alpha =\left|F_d\right|.d=\left|q\right|Ed$ với d là quảng đường dịch chuyển

=> Đáp án C

=> Đáp án D

Để phân biệt sóng ngang hay sóng dọc người ta dựa vào phương dao động của các phần tử và phương truyền sóng.

=> Đáp án D

Quỹ đạo dừng L ứng với n = 2. Bán kính quỹ đạo:

Vận tốc của êlectron trên quỹ đạo L:

à Chọn C.

Dung kháng của tụ điện $Z_C=\frac{1}{\omega C}=\frac{1}{2\pi fC}$.

Dung kháng của tụ điện nhỏ khi tần số của dòng điện lớn.

=> Đáp án D

Vân tối $d_2-d_1=\left(2k+1\right)\frac{\lambda }{2}$ nhỏ nhất $d_2-d_1=\frac{\lambda }{2}$

Trong hiện tượng quang dẫn, electron liên kết được giải phóng thành electron dẫn, các electron dẫn này cùng với các lỗ trống di chuyển bên trong khối chất bán dẫn và cùng tham gia vào quá trình dẫn điện. Đèn ống được chế tạo dựa trên hiện tượng quang – phát quang chứ không phải hiện tượng quang dẫn.

Quang phổ liên tục do các chất rắn, chất lỏng hay chất khí có áp suất lớn khi bị nung nóng phát ra

Diot bán dẫn có tác dụng chỉnh lưu dòng điện.

=> Đáp án A

Một sóng điện từ có tần số 25 MHz thì có chu kì là $T=\frac{1}{f}=\frac{1}{{25.10}^6}={4.10}^{-8}s.$

=> Đáp án A

=> Đáp án B

+ Đơn vị đo của cường độ dòng điện là: ampe (A)

+ Đơn vị đo của suất điện động là: Vôn ( V)

+ Đơn vị đo của điện lượng là: cu lông ( C)

Cường độ dòng điện trong mạch cùng pha với điện áp hai đầu đoạn mạch => mạch chỉ chứa điện trở.

=> Đáp án A

Khi có sóng dừng trên sợi dây thì khoảng cách giữa hai nút sóng liền kề là nửa bước sóng.

=> Đáp án A

Độ cao của âm là một đặc trưng sinh lý gắn liền với tần số của âm

=> Đáp án B

Luôn có ${\left(\frac{i}{I_0}\right)}^2+{\left(\frac{u}{U_0}\right)}^2=1$ với $U_0\sqrt{C}=I_0\sqrt{L}$, biến đổi

Biểu diễn về cos: $x_2=A_{2}sin\left(\omega t\right)=A_2\cos \left(\omega t-\frac{\pi }{2}\right)$, vậy ta thấy rằng hai dao động này ngược pha nhau.

=> Đáp án B

Nguồn phát của quang phổ vạch thường là chất khí hoặc hơi ở áp suất thấp. Do đó chiếu ánh sáng do đèn hơi thủy ngân ở áp suất thấp sẽ thu được các vạch sáng riêng lẻ, ngăn cách nhau bởi những khoảng tối.

=> Đáp án A

Dao động duy trì có biên độ không đổi.

=> Đáp án D

Đại lượng f được gọi là tần số của dòng điện

=> Đáp án B

=> Đáp án C

Dễ thấy T =6 ô = $\frac{7}{30}-\frac{1}{30}=0,2s$ =>ω =10 π rad/s.

Biên độ gia tốc a_max= ${\pi }^2$ cm/s².

Góc quét trong 1 ô đầu (t =T/6=1/30 s vật ở biên dương):

$\Delta \phi =\omega .t=10\pi \frac{1}{30}=\frac{\pi }{3}$. Dùng VTLG => j= -π/3.

Lúc t =0: $a_0={\pi }^2\cos \phi ={\pi }^2.\cos -\frac{\pi }{3}=\frac{{\pi }^2}{2}$m/s².

Công thoát của kim loại: $A=\frac{hc}{\lambda }=\frac{19,{875.10}^{-26}}{0,{5.10}^{-6}}=3,{975.10}^{-19}\left(J\right)=2,484eV$

=> Đáp án D

Ta có: t = 8 tuần = 56 ngày = 7.T → sau thời gian t thì khối lượng chất phóng xạ${}_{53}^{131}I$ còn lại là: $m=m_0{.2}^{-\frac{t}{T}}={100.2}^{-7}=0,78gam$.

Ta có: $\frac{U_2}{U_1}=\frac{N_2}{N_1}\Rightarrow U_2=U_1\frac{N_2}{N_1}=50\sqrt{2}.\frac{100}{500}=10\sqrt{2}V$

Áp dụng công thức tính tần số của dòng điện do máy phát điện phát ra là $f=np=2.25=50Hz$

=> Đáp án C

Vận tốc cực đại của vật: $v_0=A.\omega \Rightarrow v=\frac{V_0}{3}=\frac{A.\omega }{3}$

Áp dụng công thức độc lập ta có: $A^2=x^2+\frac{v^2}{{\omega }^2}\Rightarrow x^2=A^2-\frac{{\left(A\omega \right)}^2}{9.{\omega }^2}=\frac{8}{9}{A}^2$

$\Rightarrow x=\pm \frac{2\sqrt{2}}{3}A$

Khoảng cách giữa hai cực tiểu liên tiếp trên đường thẳng nối hai tâm dao động là $0,5\lambda =4mm\to \lambda =8mm$.

=> Tốc độ truyền sóng $v=\lambda f=0,8m/s$

A_2MAX khi $\cos \left(\frac{\pi }{6}-{\varphi }_1\right)=-1\Rightarrow {\varphi }_1=-\frac{5\pi }{6}$ tức là dao động 1 ngược pha với dao động tổng hợp

Lúc đó dao động 2 phải cùng pha với dao động tổng hợp $\Rightarrow {\varphi }_2=\frac{\pi }{6}$

+ Phương trình điện áp truyền tải trong hai trường hợp:

$\left\{\begin{array}{l}{U}_1=\Delta U_1+U_{1tt}\\ U_2=\Delta U_2+U_{2tt}\end{array}\right.ac$ với ΔU là độ sụt áp trên đường dây và U_tt là điện áp nơi tiêu thụ.

+ Công suất hao hí trên dây $\Delta P=I^{2}R$ → hao phía giảm 100 lần → I₂ = 0,1I₁ → $\left\{\begin{array}{l}\Delta U_2=0,1\Delta U_1\\ U_{2tt}=10U_{1t}\left(P_{tt}=const\right)\end{array}\right.$

+ Kết hợp với giả thuyết ΔU₁ = 0,05U₁ → ΔU₂ = 0,0005U₁.

→ Thay vào hệ phương trình trên:

$\left\{\begin{array}{l}{U}_1=0,05U_1+U_{1tt}\\ U_2=0,005U_1+10U_{1tt}\end{array}\right.$→ $\left\{\begin{array}{l}{U}_{1tt}=0,95U_1\\ U_2=9,505U_1\end{array}\right.$→ $\frac{U_2}{U_1}=9,505$.

=> Đáp án A

Vì P_max tại vị trí x₂ = $\frac{\sqrt{2}}{2}A=4cm\Rightarrow A=4\sqrt{2}cm$

$x_1=3=\frac{3}{4\sqrt{2}}.A\Rightarrow n=\frac{3}{4\sqrt{2}}\Rightarrow x_3=\sqrt{1-{\left(\frac{3}{4\sqrt{2}}\right)}^2}.4\sqrt{2}=\sqrt{23}cm\approx 4,796cm$

=> Đáp án A

Ta có: $0,015=0,005+2\Delta t\Rightarrow \Delta t=0,005$

$\frac{T}{4}=0,01\Rightarrow T=0,04s$$\lambda =16cm$

Từ vị trí 1 về 2 là T/8 nên u₀ = $\frac{\sqrt{2}}{2}{A}_B$ với $A_B=2a=4cm$

$A_M=\frac{\sqrt{2}}{2}{A}_B=2\sqrt{2}cm$ M cách nút $\frac{\lambda }{8}=2cm$ MM’ = 24 cm

$d_{\max }=\sqrt{MM{\text{'}}^2+{\left(2A_M\right)}^2}=$24,657cm

=> Đáp án D