323 Bài tập Quy luật di truyền có lời giải chi tiết (P6)

Đáp án A

– Cây Aa giảm phân cho hạt phấn chứa nhân sinh sản A và hạt phấn chứa nhân sinh sản a. Khi thụ phấn, hạt phấn rơi trên đầu nhụy và nảy mầm thành ống phấn. Khi hạt phấn nảy mầm, nhân sinh sản của hạt phấn nhân đôi thành 2 nhân và trở thành hai tinh tử (giao tử đực):

+ Hạt phấn chứa nhân sinh sản A khi nhân đôi sẽ tạo thành hai tinh tử A.

+ Hạt phấn chứa nhân sinh sản a khi nhân đôi sẽ tạo thành hai tinh tử a.

– Cây Aa giảm phân cho túi phôi có tế bào trứng A và tế bào nhân cực AA hoặc túi phôi có tế bào trứng a và tế bào nhân cực aa.

– Nội nhũ có kiểu gen AAa chứng tỏ nó được sinh ra do sự kết hợp giữa giao tử đực mang gen a với tế bào nhân cực mang gen AA.

– Trong quá trình thụ tinh kép, hai tinh tử của hạt phấn đều có gen giống nhau là a; nhân của tế bào trứng là A và nhân của tế bào nhân cực là AA. Vì vậy:

+ Tinh tử 1 (a) + tế bào cực (AA) → tế bào tam bội (AAa).

+ Tinh tử 2 (a) + tế bào trứng (A) → hợp tử (Aa) → phôi (Aa).

Đáp án A

– Đây là thí nghiệm về thường biến (sự mềm dẻo kiểu hình) ở hoa anh thảo trong các điều kiện nhiệt độ khác nhau.

– Thường biến làm thay đổi kiểu hình, không làm thay đổi kiểu gen → chỉ biều hiện trong đời cá thể và không di truyền cho thế hệ sau.

– Thường biến làm biến đổi kiểu hình đồng loạt tương ứng với điều kiện môi trường.

– Thí nghiệm 3: Cho cây P₁: AA x cây P₂: aa → F₁: Aa. Cây F₁: Aa có sự mềm dẻo kiểu hình giống như cây P₁ có kiểu gen AA.

– Khi trồng cây Aa ở điều kiện nhiệt độ thì 35^oC thì cho toàn hoa trắng, khi trồng cây Aa ở điều kiện nhiệt độ 20^oC thì cho toàn hoa đỏ.

Đáp án A

Bệnh thiếu máu hồng cầu hình liềm do đột biến gen trội trên NST thường và gây chết khi ở trạng thái đồng hợp trội.

Qui ước: HbS: hồng cầu hình liềm, Hbs: hồng cầu bình thường.

(1) đúng vì chỉ có người HbSHbs mới có khả năng sống sót và có chứa cả hai loại hồng cầu hình liềm và bình thường.

(2) sai vì đây thuộc dạng bệnh di truyền phân tử.

(3) sai vì khi 2 người dị hợp lấy nhau sẽ tạo ra HbSHbS gây chết, con sống sót không mắc bệnh (HbsHbs) chỉ tính trên các trường hợp sống sót nên có xác suất là 1/3.

(4) sai vì bệnh di truyền phân tử không thể phát hiện được bằng cách quan sát NST.

Đáp án B

– Chiều cao cây do các cặp gen không alen quy định theo kiểu tương tác cộng gộp.

– Số cặp gen alen quy định chiều cao cây = (11 – 1)/2 = 5 cặp gen.

– Mỗi một alen trội làm cây cao thêm (210 – 160)/10 = 5cm.

– P: AABBDDEEHH x aabbddeehh → F₁: AaBbDdEeHh.

– Cho các cây F₁ giao phấn, ở F₂ thu được cây cao 180cm (4 alen trội) chiếm tỉ lệ = $\frac{C_{10}^4}{2^{10}}=\frac{105}{512}$.

Đáp án B

– P: Aa,Bb,Dd x aa,bb,dd → F₁: 3:3:3:3:1:1:1:1.

– Vì F₁ có 8 loại kiểu hình, trong đó có 4 loại kiểu hình có tỉ lệ lớn bằng nhau và 4 loại kiểu hình có tỉ lệ bé bằng nhau → 3 cặp gen nằm trên 2 cặp NST và có hoán vị gen

Đáp án A

– Quy ước gen: A–B–: hoa đỏ; (A–bb + aaB– + aabb): hoa trắng.

– P: AaBb tự thụ.

 F₁: 9A–B–: 3A–bb: 3aaB–:1aabb.

– Cho các cây F1 tự thụ:

+ AABB x AABB → 100% hoa đỏ.

+ AaBB x AaBB → 75% hoa đỏ: 25% hoa trắng.

+ AABb x AABb → 75% hoa đỏ: 25% hoa trắng.

+ AaBb x AaBb → 56,25% hoa đỏ: 43,75% hoa trắng.

+ Các cây hoa trắng (A–bb, aaB–, aabb) tự thụ đều cho con 100% hoa trắng.

→ Theo đề bài, tỉ lệ có thể xuất hiện là (1), (3) và (4).

Đáp án B

- Một tế bào sinh tinh AaBb khi giảm phân cho 2 loại giao tử AB + ab do hoặc Ab + aB.

+ Trường hợp 1:

→ Cho 4 loại giao tử: ABDE, abde, ABdE, abDe.

+ Trường hợp 2:

→ Cho 4 loại giao tử: ABDE, abde, ABdE, abDe.

+ Trường hợp 2:

→ Cho 4 loại giao tử: AbDE, aBde, AbdE, aBDe.

+ Trường hợp 4:

→ Cho 4 loại giao tử: Abde, aBDE, AbDe, aBdE.

- Phương án (4) và (5) đúng.

Đáp án B

– F₂: đỏ/trắng = 3/1 → tính trạng quy định màu sắc hoa di truyền theo quy luật phân li, tính trạng trội là trội hoàn toàn và F₁ có kiểu gen dị hợp.

– Quy ước: A – hoa đỏ; a – hoa trắng.

– P: AA x aa → F₁: Aa, tự thụ → F₂: 1/4AA : 2/4Aa : 1/4aa.

– Cho 4 cây hoa đỏ lấy ngẫu nhiên ở F₂ với tỉ lệ xAA + yAa = 1 tự thụ → con aa = y(1–0,5¹)/2 = 1/8 → y = 1/2; x = 1/2.

– Như vậy trong 4 cây hoa đỏ lấy ngẫu nhiên có 2 cây AA và 2 cây Aa.

– Trong các cây đỏ ở F₂ (1AA:2Aa) thì tỉ lệ cây AA = 1/3; tỉ lệ cây Aa = 2/3.

– Lấy 4 cây hoa đỏ ở F₂, xác suất có 2 cây AA và 2 cây Aa = (1/3)² x (2/3)² x $C_4^2$= 8/27.

Đáp án D

D Sai vì theo Menden nhân tố di truyền trội lấn át sự biểu hiện của nhân tố di truyền lặn, không phải do nguyên nhân đột biến

Đáp án C

- P thuần chủng, F₁ và F₂ đều có tỉ lệ 1:1 nhưng F₁ phân li không đều ở 2 giới ⇒ đây là dấu hiệu đặc trưng của di truyền tính trạng chịu ảnh hưởng của giới tính.

- Quy ước: Aa râu xồm ở đực và không râu xồm ở cái.

-P: AA × aa

F₁: 1 đực Aa : 1 cái Aa (kiểu hình: 1 đực râu xồm : 1 cái không râu xồm).

F₂: 1AA : 2Aa : 1aa

+ Đực F₂ có 1AA : 2Aa : 1aa ⇒ kiểu hình đực: 3 râu xồm : 1 không râu xồm.

+ Cái F₂ có 1AA : 2Aa : 1aa ⇒ kiểu hình cái: 1 râu xồm : 3 không râu xồm.

⇒ Con đực râu xồm ở F₂ có 1AA : 2Aa ; Con cái không râu xồm ở F₂ có 2Aa : 1aa.

- Phép lai: ♂ râu xồm F₂ (1/3AA:2/3Aa)  ×  ♀ râu không xồm F₂ (2/3Aa:1/3aa)

⇒ con: 2/9AA : 5/9Aa : 2/9aa. Trong đó dê cái có tỉ lệ kiểu gen 2/18 AA∶5/18 Aa∶2/18 aa

⇒ dê cái không râu xồm = 5/18Aa +2/18aa =7/18.

Đáp án A

- Quy ước kiểu gen: AA – hoa đỏ; Aa – hoa hồng; aa – hoa trắng

- P: AA × aa → F₁: Aa, tự thụ → F₂: 1/4AA : 2/4Aa : 1/4aa

- Ở F₂ chọn ngẫu nhiên x hạt, các hạt này mọc thành cây hoa đỏ và hoa hồng → trong x hạt chọn ngẫu nhiên gồm những cây AA và Aa với tỉ lệ: xAA + yAa = 1

- Cho x hạt tự thụ qua ba thế hệ, ở thế hệ cuối cùng có cây hoa trắng (aa) chiếm tỉ lệ = 7/20 = y(1 – 0,5³)/2 → y = 0,8

- Vậy trong × hạt thu được, tỉ lệ của hạt mọc thành cây hoa hồng trong hỗn hợp x là 80%.

Đáp án D

- Ở ruồi giấm con đực không có hoán vị gen.

- Đề cho các gen trội là trội hoàn toàn.

+ ♀$\frac{AB}{ab}$ × ♂ $\frac{Ab}{aB}$cho đời con tối đa 7 loại kiểu gen và 3 loại kiểu hình.

+ Cc × Cc cho đời con tối đa 3 loại kiểu gen và 2 loại kiểu hình.

+ DD × Dd cho đời con tối đa 2 loại kiểu gen và 1 loại kiểu hình.

+ X^EX^{e ×} X^eY cho đời con tối đa 4 loại kiểu gen và 4 loại kiểu hình.

- P:♀ $\frac{AB}{ab}$CcDDX^EX^e × ♂ $\frac{Ab}{aB}$CcDdX^eY

- F₁: Cho tối đa 7 × 3 × 2 × 4 = 168 loại kiểu gen và 3 × 2 × 4 = 24 loại kiểu hình.

Đáp án A

* Phân tích đề:

- Ở F₁:

+ Tỉ lệ hoa tím : hoa đỏ : hoa vàng : hoa trắng = 9: 3 : 3 : 1

→ Tính trạng quy định màu sắc hoa di truyền theo quy luật tương tác bổ sung 9:3:3:1

→ Quy ước gen: A – B – (hoa tím); A-bb (hoa đỏ); aaB- (hoa vàng); aabb (hoa trắng); các cặp gen Aa và Bb nằm trên 2 cặp NST khác nhau → phân li độc lập trong quá trình giảm phân tạo giao tử.

+ Tỉ lệ cao : thấp = 3:1

→ Tính trạng quy định chiều cao cây di truyền theo quy luật phân li

→ Quy ước: D – thân cao trội hoàn toàn với d – thân thấp.

- Tích các tính trạng = (9:3:3:1)(3:1) → phép lai ở P cho tối đa 8 loại kiểu hình, nhưng ở F₁ chỉ có 6 loại kiểu hình → cặp gen Aa hoặc Bb cùng nằm trên 1 cặp NST với cặp Dd và liên kết gen hoàn toàn

* Kết luận:

- Phương án A đúng,Aa và Bb nằm trên 2 cặp NST khác nhau → phân li độc lập trong quá trình giảm phân tạo giao tử

- Phương án B sai, có hiện tượng liên kết hoàn toàn giữa một trong hai gen quy định tính trạng màu sắc hoa vớigen quy định chiều cao cây.

- Phương án C sai, Aa và Bb tương tác bổ sung theo tỉ lệ 9:3:3:1 → Aa và Bb phân li độc lập nhau.

- Phương án D sai, F₁ cho thiếu kiểu hình → cặp gen Aa hoặc Bb cùng nằm trên 1 cặp NST với cặp Dd và liên kết gen hoàn toàn.

Đáp án C

- Quy ước: A-B- (hoa đỏ); aaB- (hoa vàng); A-bb và aabb (hoa trắng).

- P: A-B- tự thụ, F₁ có A-B-; aaB-; A-bb; aabb → P dị hợp 2 cặp gen: AaBb.

- Cây đỏ F₁ có 4 kiểu gen: AABB; AaBB; AABb, AaBb.

(1) Cho các cây hoa đỏ tự thụ → xác định được chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ F₁

+ AABB × AABB → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × AaBB → 75% hoa đỏ: 25% hoa vàng.

+ AABb × AABb → 75% hoa đỏ: 25% hoa trắng.

+ AaBb × AaBb → 56,25% hoa đỏ: 18,75% hoa vàng : 25% hoa trắng.

(2) Cho các cây hoa đỏ giao phấn với cây aaBB→ không xác định được chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ F₁

+ AABB × aaBB → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × aaBB → 50%hoa đỏ : 50%hoa vàng.

+ AABb × aaBB → 100% hoa đỏ.

+ AaBb × aaBB → 50% hoa đỏ: 50% hoa vàng.

(3) Cho các cây hoa đỏ giao phấn với cây aaBb→ xác định được chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ F₁

+ AABB × aaBb → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × aaBb → 50% hoa đỏ:50% hoa vàng.

+ AABb × aaBb → 50% hoa đỏ:50% hoa trắng.

+ AaBb × aaBb → 37,5% hoa đỏ: 37,5% hoa vàng: 25% hoa trắng.

(4) Cho cây hoa đỏ giao phấn với cây hoa trắng thuần chủng → không xác định được chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ F₁ vì đề không cho biết rõ cây hoa trắng thuần chủng là AAbb hay aabb.

- TH₁: Cho giao phấn với cây AAbb.

+ AABB × AAbb → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × AAbb → 100% hoa đỏ.

+ AABb × AAbb → 50% hoa đỏ:50% hoa trắng.

+ AaBb × AAbb → 50% hoa đỏ:50% hoa trắng.

- TH₂: Cho giao phấn với cây aabb.

+ AABB × aabb → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × aabb → 50% hoa đỏ: 50% hoa vàng.

+ AABb × aabb → 50% hoa đỏ: 50% hoa trắng.

+ AaBb × aabb → 25% hoa đỏ: 25% hoa vàng: 50% hoa trắng.

(5) Cho cây hoa đỏ giao phấn với cây Aabb → xác định được chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ F₁

+ AABB × Aabb → 100% hoa đỏ.

+ AaBB × Aabb → 75% hoa đỏ: 25% hoa vàng.

+ AABb × Aabb → 50% hoa đỏ : 50% hoa trắng.

+ AaBb × Aabb → 37,5% hoa đỏ: 12,5% hoa vàng : 50% hoa trắng.

→ Vậy để xác định chính xác kiểu gen của cây hoa đỏ ở F₁ chỉ có (1), (3), (5)

Đáp án A

Ở gà XX là con trống; XY là con mái

$P: X^A{X}^A\times X^{a}Y\to F_{1:}{X}^A{X}^a\times X^{A}Y$

$\to F_2:1X^A{X}^A:1X^A{X}^a:1X^{A}Y:1X^{a}Y$

Xét các phát biểu:

(1) đúng

(2) đúng

(3) đúng

(4) sai, tỷ lệ 3 lông vàng : 1 lông đen

(5) đúng

(6) đúng

Đáp án A

Giả sử có n cặp gen cùng quy định tính trạng

$F_1$dị hợp về n cặp gen, đời $F_2$ có 15 loại kiểu hình $\to 2n+1=15\to n=7$

Đáp án  A

Đáp án C

Phương pháp

1 tế bào giảm phân không có HVG cho 2 loại giao tử với tỉ lệ 1:1

Giảm phân có HVG cho 4 loại giao tử với tỉ lệ 1:1:1:1

Cách giải

Xét 5 tế bào của cơ thể có kiểu gen $\frac{AB}{ab}$

Xét các phát biểu

(1) 1 tế bào giảm phân có hoán vị gen cho ra 4 loại giao tử với tỉ lệ : 1AB: 1aB: 1Ab

 5 tế bào giảm phân có hoán vị gen cũng cho ra 4 loại giao tử với tỉ lệ: 1AB: 1ab: 1aB: 1Ab  loại giao tử aB chiếm 25%

(1) đúng

(2) 2 tế bào xảy ra hoán vị gen cho ra loại giao tử Ab chiếm tỉ lệ $\frac{2}{5}\times 0,25=10\%\to$(2) đúng

(3) 3 tế bào xảy ra hoán vị gen cho ra 2 loại giao tử hoán vị aB, Ab với tỷ lệ là $\frac{3}{5}\times 0,25=\frac{3}{20}$

 2 loại giao tử liên kết AB, ab có tỷ lệ 7/20 ý (3) đúng

(4) 1 tế bào xảy ra hoán vị gen thì sẽ tạo ra 2 loại giao tử hoán vị aB, Ab với tỉ lệ là $\frac{1}{5}\times 0,25=\frac{1}{20}$

 2 loại giao tử liên kết AB, ab có tỷ lệ 9/20  ý (4) sai

Đáp án D

Đáp án A

Phương pháp:

Sử dụng công thức: A-B- = 0,5 + aabb; A-bb/aaB- = 0,25 – aabb

Hoán vị gen ở 2 bên cho 10 loại kiểu gen

Giao tử liên kết = $\left(1-f\right)/2$; giao tử hoán vị: f/2

Cách giải:

$F_1:$ 100% đơn, dài$\to$ P thuần chủng: $\frac{AB}{AB}\times \frac{ab}{ab}\to F_1:\frac{AB}{ab}$

$F_1\times F_1:\frac{AB}{ab}\times \frac{AB}{ab};f=0,2$$\to \frac{ab}{ab}=0,4\times 0,4=0,16$; giao tử AB = ab = 0,4; Ab = aB = 0,1

A-B- = 0,5 + 0,16 = 0,66; A-bb = aaB- = 0,25 – 0,16 = 0,09 (*)

Xét các phát biểu:

(1) đúng, tỷ lệ $\frac{Ab}{aB}=2\times 0,1\times 0,1=0,02$

(2) sai, vì A-B- =0,66  đơn, dài dị hợp < 0,66

(3) đúng (*)

(4) sai, tỷ lệ dị hợp tử =1 – tỷ lệ đồng hợp

= $1-\left(\frac{AB}{AB}+\frac{Ab}{Ab}+\frac{aB}{aB}+\frac{ab}{ab}\right)$

$=1-\left(2\times 0,4\times 0,4+2\times 0,1\times 0,1\right)=0,66$

(5) sai, cho $F_1$ lai phân tích:

 $\frac{AB}{ab}\times \frac{ab}{ab};f_2\to \frac{ab}{ab}=0,4\times 0,5=0,2$

(6) sai, số kiểu gen ở $F_2$ bằng 10.

Đáp án B

F₂ có kiểu hình giống F₁ tự thụ bắt buộc =>F₂ có thể có kết quả là AA hoặc Aa=>F₃

1/3 AA có: AAxAA=> 100% đồng tính giống P

2/3 Aa có: AaxAa=> tỉ lệ kiểu gen: 1AA:2Aa:1 aa

Đáp án B

Đáp án C

Do ta chưa biết 2 locut thuộc các NST khác nhau hay cùng nằm trên cùng 1 NST nên ta sẽ phải tính cả 2 trường hợp. Tuy nhiên, cây thân thấp, hoa đỏ chỉ trội về 1 locut còn locut còn lại toàn lặn nên ta coi như đây là phép lai về 1 locut duy nhất (màu hoa) do đó dù phân li độc lập hay liên kết gen thì kết quả cũng sẽ giống nhau. Do đó, ta chỉ cần tính 1 trường hợp là đủ (tính theo phân li độc lập). Cây thân thấp, hoa đỏ có 2 loại kiểu gen là aaBB và aabb.
Chọn 3 cây thân thấp, hoa đỏ tự thụ sẽ có 4 trường hợp khác nhau:
+) TH1: 3 cây được chọn là aaBB.
⇒ Đời con cho 100% aaBB (thân thấp, hoa đỏ).
+) TH2: 3 cây được chọn có 2 cây aaBB và 1 cây aaBb.
⇒ Đem các cây tự thụ có:
$\frac{2}{3}aaBB\Rightarrow \frac{2}{3}aaBB$

$$\begin{gathered} \frac{1}{3}aaBb\Rightarrow \frac{1}{3}\left(\frac{3}{4}aaB-:\frac{1}{4}aabb\right) \\ =\frac{1}{4}aaB-:\frac{1}{12}aabb \end{gathered}$$

⇒ Đời con cho tỉ lệ kiểu hình là:
Thân thấp, hoa đỏ $\left(aaB-\right)=\frac{2}{3}+\frac{1}{4}=\frac{11}{12}$
Thân thấp, hoa vàng $\left(aabb=\frac{1}{12}\right)$
+) TH3: 3 cây được chọn có 1 cây aaBB và 2 cây aaBb.
Đem các cây tự thụ có:
$\frac{1}{3}aaBB\Rightarrow \frac{1}{3}aaBB$

$$\begin{gathered} \frac{2}{3}aaBb\Rightarrow \frac{2}{3}\times \left(\frac{3}{4}aaB-:\frac{1}{4}aabb\right) \\ =\frac{1}{2}aaB-:\frac{1}{6}aabb \end{gathered}$$

⇒ Đời con cho tỉ lệ kiểu hình là:
Thân thấp, hoa đỏ $\left(aaB-\right)=\frac{1}{3}+\frac{1}{2}=\frac{5}{6}$
Thân thấp, hoa vàng $\left(aabb\right)=\frac{1}{6}$
+) TH4: 3 cây được chọn đều có kiểu gen aaBb. 
Đem tự thụ có:
$aaBb\Rightarrow \frac{3}{4}aaB-:\frac{1}{4}aabb$
⇒ Tỉ lệ kiểu hình là 3 thân thấp, hoa đỏ : 1 thân thấp, hoa vàng.
Vậy có (1), (2), (3) và (4) thỏa mãn.

Đáp án C

Đáp án C

Đáp án B

ở cặp gen thứ nhất: Aaxaa đời con sẽ có ½ số cá thể thuần chủng

ở cặp gen thứ hai: BbxBb đời con sẽ có ½ số cá thể thuần chủng

ở cặp gen thứ ba: DdxDD đời con sẽ có ½ số cá thể thuần chủng

Vậy phép lai AaBbDd x aaBbDD, theo lý thuyết tỷ lệ cá thể thuần chủng ở F₁ là

$\frac{1}{2}.\frac{1}{2}.\frac{1}{2}=\frac{1}{8}\Rightarrow 12,5\%$

Đáp án B

AAaa ×× AAaa → 35A- : 1aa 
Bbbb ×× Bbbb → 3B- : 1bb 
⇒ AAaaBbbb ×× AAaaBbbb → 105A-B- : 35A-bb : 3aaB- : 1aabb. 

Đáp án B

X^DX^d×X^DY
⇒X^DY=0,25
  $\frac{ab}{ab}$ =4,375:25=0,175=0,5×0,35 (HV 1 bên)

⇒f=1−0,35×2=0,3

Đáp án C

Đáp án B

Xét sự di truyền riêng rẽ của từng cặp tính trạng:

$Aa\times Aa\to$ 3 kiểu gen, 2 kiểu hình

$Bb\times Bb\to$3 kiểu gen, 2 kiểu hình

$Dd\times DD\to$2 kiểu gen, 1 kiểu hình

Vậy số kiểu gen ở đời con là : 3.3.2=18 kiểu gen.

Số kiểu hình : 2.2.1=4 kiểu hình