25 đề thi ôn luyện THPT Quốc gia môn Vật lí có đáp án năm 2022 (Đề 13)

Đáp án D

Dao động duy trì có biên độ không đổi, không phụ thuộc vào năng lượng cung cấp cho hệ trong mỗi chu kỳ.

Đáp án C

Khi chiếu xiên góc một chùm sáng hẹp gồm hai màu tới mặt nước thì tia sáng sẽ bị tàn sắc nên chùm tia khúc xạ sẽ gồm hai chùm tia sáng hẹp là chùm màu vàng và chùm màu chàm.

Đáp án A

Đáp án C

Đáp án B

Đáp án B

Mỗi nguyên tố hoá học có quang phổ vạch phát xạ đặc trưng riêng. Mỗi nguyên tố hóa học phát ra quang phổ vạch khác nhau về cường độ, màu sắc, vị trí các vạch, độ sáng tỉ đối của các vạch (vạch quang phổ không có bề rộng).

Đáp án B

Đáp án C

Đáp án C

Công suất tiêu thụ của mạch có thể được xác định bằng biểu thức $P=\frac{U^2}{R}{\cos }^2\phi$

Đáp án D

Ta có công thức tính chu kỳ dao động điện từ tự do trong mạch dao động LC: $T=2\pi \sqrt{LC}$.

Đáp án C

Đáp án D

Đáp án D

Đáp án A

Quả cầu mất êlectron sẽ tích điện dương, quả cầu nhận êlectron sẽ tích điện âm.

$\left|q\right|={4.10}^{12}.1,{6.10}^{-19}=6,{4.10}^{-7}C$

 Lực tương tác giữa hai quả cầu:

$F=k\frac{q^2}{r^2}={9.10}^9\frac{{\left(6,{4.10}^{-7}\right)}^2}{0,4^2}$ $={23.10}^{-3}N$

Đáp án D

Đáp án B

Cường độ dòng điện qua ống là: $i=\frac{\left|q\right|}{t}=\frac{n\left|e\right|}{t}$ $\Rightarrow n=\frac{i.t}{\left|e\right|}=\frac{{10.10}^{-3}.60}{1,{6.10}^{-19}}=37,{5.10}^{17}$.

Đáp án A

Điều kiện để có sự trùng nhau của hai hệ vân sáng là:

$\frac{k_2}{k_1}=\frac{{\lambda }_2}{{\lambda }_1}=\frac{0,6}{0,42}=\frac{10}{7}\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{k}_1=7\\ k_2=10\end{array}\right.$

Vậy vạch sáng gần nhất cùng màu với vân sáng trung tâm ứng với vân sáng bậc 7 của ${\lambda }_1$.

Đáp án B

Đáp án C

Ban đầu: $\frac{U_1}{U_2}=\frac{N_1}{N_2}\Rightarrow U_2=U_1\frac{N_2}{N_1}$

Khi ${N^{\text{'}}}_2=N_2+80$ thì ${U^{\text{'}}}_2=U_2+0,2U_2=1,2U_2=U_1\frac{{N^{\text{'}}}_2}{N_1}$

Ta có: $\frac{U_2}{{U^{\text{'}}}_2}=\frac{1}{1,2}=\frac{N_2}{N_2+80}$ $\Rightarrow N_2=400$ vòng

Đáp án C

Đáp án B

Đặt hiệu điện thế 1 chiều vào hai đầu cuộn dây thì trong mạch chỉ có điện trở ta có $r=\frac{U}{I}=\frac{60}{2}=30\Omega$.

Khi đặt điện áp xoay chiều vào hai đầu cuộn dây thì trong mạch có cả điện trở và cảm kháng ta có:

$$\begin{gathered} I=\frac{U}{Z} \\ \Rightarrow Z=\frac{U}{I}=\frac{60}{1,2}=50\Omega =\sqrt{r^2+Z_L^2} \\ \Rightarrow Z_L=\sqrt{Z^2-r^2}=\sqrt{{50}^2-{30}^2}=40\Omega \end{gathered}$$

Đáp án D

Cường độ dòng điện chạy trong mạch:

$$\begin{gathered} I=\frac{U_N}{R_N}=\frac{12}{4,8}=2,5A \\ \Rightarrow U_N=\xi -Ir\Rightarrow 12=\xi -2,5.0,1 \\ \Rightarrow \xi =12,25V \end{gathered}$$

Đáp án A

Hiệu điện thế giữa anốt và catốt của một ống Rơn-ghen là U = 25 kV. Coi vận tốc ban đầu của chùm êlectrôn phát ra từ catốt bằng không.

Bước sóng nhỏ nhất ${\lambda }_{\min }$ của tia Rơn-ghen do ống này phát ra thỏa mãn:

$$\begin{gathered} \frac{hc}{{\lambda }_{\min }}=\left|e\right|U \\ \Rightarrow {\lambda }_{\min }=\frac{hc}{\left|e\right|U}=4,{96875.10}^{-11}\left(m\right) \end{gathered}$$

Đáp án A

Áp dụng công thức $G_{\infty }=\frac{f_1}{f_2}=\frac{1,2}{0,1}=12$

Đáp án C

Khi $C=\frac{80}{\pi }\mu F\Rightarrow Z_C=125\Omega$ thì u vuông pha với $u_{RL}\to$ điện áp hiệu dụng trên tụ đạt giá trị cực đại.

 Áp dụng hệ thức lượng trong tam giác $R^2+Z_L^2=Z_L{Z}_{C\max }$ $\Rightarrow Z_L^2-125Z_L+2500=0$.

Đáp án D

Đáp án B

Khi đi từ A đến B, mức cường độ âm tăng từ 80 dB đến 100 dB rồi giảm về 80 dB, chứng tỏ mức cường độ âm tại A và B bằng nhau và bằng 80 dB (tam giác OAB cân tại O), mức cường độ âm lớn nhất bằng 100 dB.

Ta có: $L=10\log \frac{I}{I_0}\Rightarrow$ mức cường độ âm lớn nhất khi I lớn nhất, vậy khoảng cách r từ điểm đó tới nguồn là nhỏ nhất. Vậy điểm có mức cường độ âm bằng 100 dB chính là chân đường cao hạ từ O xuống đường thẳng AB (điểm H).

Ta có: $L_H-L_A=20\log \frac{OA}{OH}$ $\Rightarrow 100-80=20\log \frac{OA}{OH}$ $\Rightarrow \frac{OA}{OH}=10\Rightarrow OH=\frac{OA}{10}=\frac{10}{10}=1m$

Vậy khoảng cách AB: $AB=2AH=2\sqrt{O{A}^2-O{H}^2}$ $=2\sqrt{{10}^2-1^2}=6\sqrt{11}m$

Đáp án D

$$\begin{gathered} Q=\left(m_P+m_{Li}-2m_{\alpha }\right)c^2 \\ =\left(1,0073+7,0144-2.4,0015\right).931 \\ =17,41MeV \end{gathered}$$

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{K}_P+Q=2K_{\alpha }\\ K_{\alpha }=\frac{1}{2}{m}_{\alpha }{v}_{\alpha }^2\end{array}\right.$ $\iff \frac{1}{2}{m}_P{v}_P^2+Q=2.\frac{1}{2}{m}_{\alpha }{v}_{\alpha }^2$

$$\begin{gathered} \iff 0,5.1,0073.931{\left(\frac{v_P}{{3.10}^8}\right)}^2+17,41 \\ =4,0015.931{\left(\frac{21,{37.10}^6}{{3.10}^8}\right)}^2 \\ \Rightarrow v_P=16,{93.10}^{6}m/s \end{gathered}$$

Đáp án A

Ta có: $i=\frac{e}{R}=\frac{\frac{\Delta \Phi }{\Delta t}}{R}=\frac{\Delta B.S.\cos \alpha }{R\Delta t}$

Chọn vectơ pháp tuyến sao cho góc tạo bởi vectơ pháp tuyến với vectơ cảm ứng từ bằng 0.

Đáp án A

Ta có: $\omega =\frac{I_0}{Q_0}$ $\to T=\frac{2\pi }{\omega }=2\pi \frac{Q_0}{I_0}$ $=2\pi \left(\frac{{10.10}^{-4}}{10\pi }\right)={2.10}^{-6}\left(s\right)$

Khoảng thời gian giữa hai lần liên tiếp điện tích trên tụ triệt tiêu là: $\frac{T}{2}={10}^{-6}s$.

Đáp án C

Khi chưa sử dụng máy biến áp, độ giảm hiệu điện thế tại nơi tiêu thụ là: $\Delta U=U_1-{U_1}^{\text{'}}=I_1.R$

Mà: $\frac{U_1}{{U_1}^{\text{'}}}=\frac{11}{9}\Rightarrow U_1-\frac{9}{11}{U}_1=I_1.R$ $\Rightarrow I_1=\frac{2U_1}{11R}$

Công suất hao phí trên đường dây là: $P_{hp1}=I_1^2.R=\frac{4U_1^2}{121R}$

Sử dụng máy biến áp, công suất hao phí trên dây là:

$P_{hp2}=\frac{P_{hp1}}{100}\Rightarrow I_2^{2}R=\frac{1}{100}{I}_1^{2}R$ $\Rightarrow I_2=\frac{1}{10}{I}_1=\frac{2U_1}{110R}$

Công suất tại nơi tiêu thụ không đổi nên: $P_{tt}=P_1-P_{hp1}=P_2-P_{hp2}$

$$\begin{gathered} \Rightarrow U_1{I}_1-I_1^{2}R=U_2{I}_2-I_2^{2}R \\ \Rightarrow U_1.\frac{2U_1}{11R}-\frac{4U_1^2}{121R} \\ =U_2.\frac{2U_1}{110R}-\frac{4U_1^2}{{110}^{2}R} \\ \Rightarrow \frac{2U_1}{11}-\frac{4U_1}{121}+\frac{4U_1}{{110}^2}=\frac{2U_2}{110} \\ \Rightarrow \frac{41U_1}{275}=\frac{2U_2}{110}\Rightarrow \frac{U_2}{U_1}=8,2 \\ \Rightarrow \frac{N_2}{N_1}=\frac{U_2}{U_1}=8,2 \end{gathered}$$

Đáp án D

Từ đồ thị ta thấy nửa chu kì ứng với 6 ô $\Rightarrow$ 1 chu kì ứng với 12 ô.

Khoảng cách mỗi ô là $0,2s\Rightarrow T=12.0,2=2,4\left(s\right)$ $\Rightarrow \omega =\frac{2\pi }{2,4}=\frac{\pi }{1,2}\left(rad/s\right)$

Với mỗi ô, vectơ quay được góc tương ứng là: $\Delta \phi =\omega .\Delta t=\frac{2\pi }{T}.\frac{T}{12}=\frac{\pi }{6}\left(rad\right)$

Ta có vòng tròn lượng giác:

Từ vòng tròn lượng giác, ta thấy quãng đường vật đi từ thời điểm $t_2$ đến thời điểm $t_3$ là:

$S=\left|x_3-x_2\right|=\left|A\cos \frac{\pi }{3}-A\cos \frac{\pi }{6}\right|$ $=\frac{A\sqrt{3}}{2}-\frac{A}{2}$

Theo đề bài ta có: $S=2\left(A-6\right)$ $\Rightarrow \frac{A\sqrt{3}}{2}-\frac{A}{2}=2.\left(A-6\right)$ $\Rightarrow A=7,344\left(cm\right)$

Tốc độ cảu vật tại thời điểm $t_3$ là: $v^2={\omega }^2\left(A^2-x^2\right)={\omega }^2.\left(A^2-\frac{A^2}{4}\right)$ $={\omega }^2.\frac{3}{4}{A}^2$

$$\begin{gathered} \Rightarrow v=\frac{\sqrt{3}}{2}\omega A=\frac{\sqrt{3}}{2}.\frac{\pi }{1,2}.7,344 \\ =16,65\left(cm/s\right) \end{gathered}$$