100 câu trắc nghiệm Hidrocacbon không no nâng cao (P2)

Đáp án B

Hướng dẫn

Các phương trình phản ứng:

C₂H₂ + 5/2O₂ → 2CO₂ + H₂O

a                           2a            a

$$\begin{gathered} 4C_x{H}_y+ (4x +y)O_2 \to 4xC{O}_2 +2y{H}_{2}O \\ b xb \frac{yb}{2} \end{gathered}$$

Ta có hệ phương trình sau:

$\left\{\begin{array}{l}a + b = 2\\ \begin{array}{c}2a + xb = 4\\ a + \frac{yb}{2 } = 4\\ \end{array}\end{array}\right.$ $\to \left\{\begin{array}{l}\begin{array}{c}x = 2\\ y = 6\\ a = b\end{array}\\ \end{array}\right.$

=> A là C₂H₆ và chiếm 50%

Đáp án A

Hướng dẫn

3$C_2{H}_4$+ 2KMnO₄  + 4H₂O → 3$C_2{H}_6{O}_2$ + 2MnO₂ ↓+ 2KOH

n_etilenglicol = 0,125.3/2 = 0,1875 mol => m = 0,1875.62 = 11,625 gam

Đáp án C

Hướng dẫn

CTPT ankin A: C_nH_2n-2 ; n_A = 1/n; M_↓A = 35n => n =5, M = 175 => A là C₅H₈

Đáp án C

Hướng dẫn

n_CO2 = 1,3 mol; n_H2O = 1,3 mol => Hidrocacbon là anken; CTPT là: $C_{\stackrel{-}{n}}$$H_{2\stackrel{-}{n}}$

C_nH_2n  + 3n/2O₂ → nCO₂ + nH₂O

n_X = 0,5 mol => $\stackrel{-}{n}$= 1,3/0,5 = 2,6 => 2 anken là: C₂H₄, C₃H₆

n_C2H4 : n_C3H6 = 2:3 => n_C2H4 = 0,2 mol và n_C3H6 = 0,3 mol

=>m_C2H4 = 0,2.28 = 5,6 gam và m_C3H6 = 0,3.42 = 12,6 gam

Đáp án C

Hướng dẫn CTPT: $C_{\stackrel{-}{n}}$$H_{2\stackrel{-}{n}}$; n_X = 11,2/ 22,4 = 0,5 mol; m_X = 15,4 gam

${\stackrel{-}{M}}_X$ = $\frac{m_X}{n_X}$= 15,4/0,5 =  30,8 => $\stackrel{-}{n}$ = 2,2

=>anken là:  C₂H₄ và C₃H₆

Từ sơ đồ đường chéo, ta có n_C2H4 : n_C3H6 = 4:1

 => n_C2H4 = 0,4 mol và n_C3H6 = 0,1 mol

Đáp án B

Hướng dẫn

$n_{C_3{H}_{3}Ag}=0,12 mol\to n_{C_3{H}_4}=0,12 mol$

$$\begin{gathered} n_{C_2{H}_4}+ 2n_{C_3{H}_4} = n_{H_2} \Rightarrow n_{C_2{H}_4} = 0,1 mol \\ \Rightarrow a = n_{C_2{H}_4} + n_{C_3{H}_4} = 0,22 mol \end{gathered}$$ 

Đáp án D

Đáp án D

Hướng dẫn C_nH_2n  + 3n/2O₂ → nCO₂ + nH₂O

C_nH_2n+2  + (3n+1)/2O₂ → nCO₂ + (n+1)H₂O

n_ankan = $n_{H_{2}O}$ - $n_{C{O}_2}$= 0,4 – 0,35 = 0,05 (mol)

n_anken = 0,2 – 0,05 = 0,15 mol Þ %V_anken = $\frac{0,15}{0,2}$.100% = 75%

Đáp án A

Hướng dẫn  

Sơ đồ phản ứng :

$\left\{\begin{array}{ll}0,02 mol C_2{H}_2& \\ 0,03 mol H_2& \end{array}\right.$$\stackrel{Ni, t^0}{\to }$ hỗn hợp khí Y $\left\{\begin{array}{l}\begin{array}{c}{C}_2{H}_2 dư\\ C_2{H}_4\\ C_2{H}_6\end{array}\\ H_2\end{array}\right.$$\stackrel{+ dd B{r}_2 dư}{\to }$ hh khí Z $\left\{\begin{array}{l}{C}_{2H_6}\\ H_{2 dư}\end{array}\right.$

Ta có: n_{hh Z} = $\frac{0,28}{22,4}$= 0,0125 mol

${\stackrel{-}{M}}_Z$= 10,08.2 = 20,16 => m _{hh Z} = 0,0125 . 20,16 = 0,252 g

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

m_{hh Y} = $m_{C_2{H}_2}$ + $m_{H_2}$= 0,02.26 + 0,03.2 = 0,58 g

Dựa vào sơ đồ ta thấy: khối lượng bình brom tăng chính là khối lượng hidrocacbon không no được hấp thụ vào nên ta có:

$∆m_{dd B{r}_2 tăng}$ = 0,58 – 0,252 = 0,328g

Đáp án C

Hướng dẫn Gọi CT ankan là C_nH_2n+2; anken là C_mH_2m

$$\begin{gathered} n_{anken}=0,05 mol, n_{ankan}=0,1 mol \\ {m}_{hỗn hợp 3,36 lít }=13:2=6,5 gam \\ 0,1.(14n+2)+0,05.14m=6,5 \\ 2n+m=9 \end{gathered}$$

Mặt khác, do 2 anken này ở thể khí nên n, m $\le$ 4 => n = 3 và m = 3

Đáp án B

Đáp án A

Hướng dẫn

C_nH_2n  + 3n/2O₂ → nCO₂ + nH₂O

C_nH_2n+2  + (3n+1)/2O₂ → nCO₂ + (n+1)H₂O

n_ankan = 0,23 – 0,14 = 0,09 mol

=> n_anken = 0,1 – 0,09 = 0,01 mol

Đáp án A

Hướng dẫn 

 n_C2H4 = n_Br2 = $\frac{25.160}{100.160}$ = 0,25 mol => %m_C2H4 = $\frac{0,25.28}{10}$.100% = 70%

Đáp án A

Hướng dẫn n_X = 0,8 mol; n_ankan = n_anken = 0,2 mol; n_ankin = 0,4 mol; M_↓ankin = 96/0,4 = 240 => ankin là C₂H₂;       n_CO2 = 0,6 = 0,2n + 0,2m => n = 1 và m = 2 => ankan và ankin là: CH₄ và C₂H₄

m_X = 0,2.16 + 0,2.28 + 0,4.26 = 19,2 g

Đáp án D

Hướng dẫn

Áp dụng định luật bảo toàn electron :

$3n_{KMn{O}_4}$ = $2n_{C_2{H}_4}$ => $n_{C_2{H}_4}$ = $\frac{3}{2}{n}_{KMn{O}_4}$= $\frac{3}{2}$.0,2.0,2 = 0,06 mol

=> $V_{C_2{H}_4}$= 0,06.22,4 = 1,344 lít

Đáp án A

Hướng dẫn

Số mol X là: n_X = 2,24/22,4 = 0,1 mol

Khối lượng bình đựng dung dịch axit tăng là khối lượng của H₂O:

 m_H2O = 5,4 gam => n_H2O = 5,4/18 = 0,3 mol

Số mol CO₂ là: n_CO2 = n_CaCO3 = 30/100 = 0,3 mol

Nhận thấy:  n_H2O = n_CO2 => hidrocacbon X là anken

Phương trình đốt cháy:

$$\begin{gathered} C_n{H}_{2n} + \frac{3n}{2}{O}_2\to nC{O}_2+ n{H}_{2}O \\ 0,1 0,3 \end{gathered}$$

Ta có: 0,1.n = 0,3 => n = 3. Vậy CTPT của X là C₃H₆

Đáp án D

Hướng dẫn Đặt CTPT X là C_nH_2n-2 => $\frac{2,7n}{14n-2}$= $\frac{4,48}{22,4}$=> n = 4

=> CTPT: C₄H₆

Đáp án C

Hướng dẫn

n_C2H2 = n_A = x; 2x + 2x = 4x = 0,4 mol => x = 0,1 mol;

m_↓C2H2 = 0,1.240 = 24 gam => m_↓A = 40,1 – 24 = 16,1 gam

=> M_↓A = 16,1/0,1 = 161 => A là but-1-in

Đáp án C

Hướng dẫn

Áp dụng sơ đồ đường chéo ta có :

$\frac{n_{H_2}}{n_{C_2{H}_4}}=\frac{28-15}{15-2}=\frac{1}{1}$Þ Có thể tính hiệu suất phản ứng theo H₂ hoặc theo C₂H₄

Phương trình phản ứng :

H₂    +    C₂H₄     C₂H₆

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có :

m_X = m_Y  <=> n_{X.${\stackrel{-}{M}}_X$}= n_{Y.${\stackrel{-}{M}}_Y$}<=> $\frac{n_X}{n_Y}=\frac{{{\displaystyle \stackrel{-}{M}}}_Y}{{{\displaystyle \stackrel{\_}{M}}}_X}=$$\frac{5.4}{3,75.4}$=$\frac{4}{3}$

Chọn n_X = 4 mol  =>  $n_{H_2}=n_{C_2{H}_4}$= 2 mol ; $n_{H2 phản ứng}$= $n_X-n_Y$= 1 mol

=> Hiệu suất phản ứng : H = $\frac{1}{2}$.100% = 50%

Đáp án D

Hướng dẫn

 m_Y = 0,06.26 + 0,04.2 = 1,64 g; m_Z = 0,02.16 = 0,32 g

$m_{bình brom tăng}$ = m_{Y –} m_Z = 1,64 – 0,32 = 1,32 g