Tổng hợp 25 đề thi thử thpt quốc gia môn Toán cực hay, chọn lọc có lời giải (Đề số 25)

Đáp án C

Tính chất của khối đa diện

Đáp án C

Có $y\text{'}=4x^3-16x$

$y\text{'}=0\iff 4x^3-16x=0\iff \left[\begin{array}{l}x=0\\ x=\pm 2\end{array}\right.$

$y\text{'}>0\iff x\in \left(-2;0\right)\cup \left(2;+\infty \right)$

Nên hàm số đồng biến trên khoảng $\left(-2;0\right);\left(2;+\infty \right)$

Đáp án B

Gọi M là trung điểm của BC   . Vì $\Delta ABC$ cân tại A nên $AM\perp BC$  ,

Ta có $\left\{\begin{array}{l}AM\perp BC\\ SM\perp BC\\ \left(SBC\right)\cap \left(ABC\right)=BC\end{array}\right.$

->Góc giữa $\left(SBC\right)$ và $\left(ABC\right)$ là góc $SMA$  Vì góc $SAM={90}^0$

Có$BM=a$ , góc $BAM={60}^0$  nên 

$$\begin{gathered} \sin BAM=\frac{BM}{AB}\Rightarrow AB=\frac{2a}{\sqrt{3}} \\ \Rightarrow S_{\Delta ABC}=\frac{1}{2}AB.AC.\sin {\text{120}}^0=\frac{a^2\sqrt{3}}{3} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \tan BAM=\frac{BM}{AM}\Rightarrow AM=\frac{a}{\sqrt{3}} \\ \Rightarrow \tan SMA=\frac{SA}{AM}\Rightarrow SA=\frac{a}{\sqrt{3}} \end{gathered}$$

$V_{S.ABCD}=\frac{1}{3}.\frac{a}{\sqrt{3}}.\frac{a^2\sqrt{3}}{3}=\frac{a^3}{9}$

Đáp án B

$y=\left|x+2\right|=\sqrt{{\left(x+2\right)}^2}$

$y\text{'}=\frac{x+2}{\sqrt{{\left(x+2\right)}^2}}$

$\begin{array}{l}y\text{'}=0\iff x=-2\\ y\text{'}>0\iff x\in \left(-2;+\infty \right);y\text{'}<0\iff x\in \left(-\infty ;-2\right)\end{array}$

Nên hàm số đạt cực tiểu tại x=-2

Đáp án B

Ta có:$M\left(0;8\right)\notin \left(C\right)\Rightarrow$ Loại A

Ta có:$M\left(0;8\right)\notin \left(C\right)\Rightarrow$ Loại D

Có$\begin{array}{l}y\text{'}=6x^2-6x\\ y\text{'}\left(-1\right)=12\end{array}$

Phương trình tiếp tuyến tại $M(-1;-4)$ có dạng $y+4=12(x+1)\iff y=12x+8\left(d\right)$

Có đường thẳng d cắt trục tung tại điểm $M(0;8)$(thỏa mãn yêu cầu của bài )

Vậy B là đáp án đúng.

Đáp án D

Gọi H là trung điểm của AD, N là trung điểm của AB

Có $SH\perp \left(ABCD\right)\Rightarrow$ góc giữa SB và $\left(ABCD\right)$ là góc SBH

Có

$\begin{array}{l}HB=\sqrt{a^2+{\left(\frac{a}{2}\right)}^2}=\frac{a\sqrt{5}}{2}\\ SH=HB.\tan SBH=\frac{a\sqrt{5}}{2}.\tan {60}^0=\frac{a\sqrt{15}}{2}.\\ S_{\Delta MAB}=\frac{1}{2}.MN.AB=\frac{a^2}{2}\\ V_{S.MAB}=\frac{1}{3}.SH.S_{\Delta MAB}=\frac{1}{3}.\frac{a\sqrt{15}}{2}.\frac{a^2}{2}=\frac{a^3\sqrt{15}}{12}\end{array}$

Đáp án A

Dựa vào bảng biến thiên ta có điểm cực đại  $\left(1;3\right)$va điểm cực tiểu là$\left(2;0\right)$

Đáp án B

$\begin{array}{l}AC=2a\Rightarrow AB=a\sqrt{2}\\ \widehat{\left(\left(SBC\right);\left(ABCD\right)\right)}=\widehat{SHO}={45}^0\\ SO =OH.\tan 45°=\frac{a\sqrt{2}}{2}\\ V_{S.ABCD}=\frac{1}{3}SO.S_{ABCD}=\frac{a^3\sqrt{2}}{3}\end{array}$

Đáp án B

$V_{ABCD.A\text{'}B\text{'}C\text{'}D\text{'}}=S_{ABC\text{D}}.h\Rightarrow h=\frac{a^3}{a^2}=a$

Đáp án B

Gọi O là tâm nửa đường tròn. Ta có:  $PQ=2OP=2\sqrt{9-x^2}$

Đặt diện tích hình chữ nhật là:$f\left(x\right)=2x\sqrt{9-x^2}\Rightarrow f^2\left(x\right)=4x^2\left(9-x^2\right)$

Đặt  $y=x^2\left(0<y\le 3\right)$. Xét hàm số  $g\left(y\right)=4y\left(9-y\right)$

Ta có  $f\left(x\right)$ lớn nhất khi  $g\left(y\right)$ lớn nhất. $g\left(y\right)$  lớn nhất khi  $y=3\Rightarrow x=\sqrt{3}$

$\max f\left(x\right)=f\left(\sqrt{3}\right)=6\sqrt{2}$

Đáp án A

Hàm số f(x) xác định trên D⊆ R
Điểm $x_0$∈ D được gọi là điểm cực đại của hàm số f(x) nếu tồn tại một khoảng (a;b)⊂ D sao cho $x_0$∈ (a;b) và f($x_0$)>f(x),∀x ∈ (a,b)∖{$x_0$}.

Đáp án D

Số hạng tổng quát trong khai triển  

$$\begin{gathered} T_{\text{k+}1}=C_7^{\text{k}}{\left({\text{x}}^2\right)}^{\text{k}}{\left(\frac{-2}{\sqrt[3]{\text{x}}}\right)}^{\text{7-k}}=C_7^{\text{k}}\left({\text{x}}^{2\text{k}}\right){\left(\frac{-2}{{\text{x}}^{\frac{1}{3}}}\right)}^{\text{7-k}} \\ =C_7^{\text{k}}\left({\text{x}}^{2\text{k}}\right)\frac{{(-2)}^{\text{7-k}}}{{\text{x}}^{\frac{7-k}{3}}}=C_7^{\text{k}}\left({\text{x}}^{2\text{k}}\right)\frac{{(-2)}^{\text{7-k}}}{{\text{x}}^{\frac{7-k}{3}}} \\ =C_7^{\text{k}}\left({\text{x}}^{\frac{7k-7}{3}}\right){(-2)}^{\text{7-k}} \end{gathered}$$

số hạng không chứa x ứng với k:  $\frac{7\text{k}-7}{3}=0\iff \text{k=1}$

Vậy số hạng không chứa x là:$C_7^1{(-2)}^{\text{7-1}}=448$

Vậy  $P\left(A\right)=\frac{1}{5040}$

Đáp án B

 $y\text{'}=-{\text{x}}^2+2\text{mx+}\left(3\text{m+}2\right)$

Hàm số nghịch biến trên R  $\iff y\text{'}\le 0$ moị x   

$$\begin{gathered} \iff \left\{\begin{array}{l}\text{a<}0\\ {\Delta }_{y\text{'}}^{\text{'}}\le 0\end{array}\right.\iff \left\{\begin{array}{l}-1\text{<}0\\ {\text{m}}^2+3\text{m+}2\le 0\end{array}\right. \\ \iff -2\le m\le -1 \end{gathered}$$

Đáp án D

Với  $y\text{'}=\frac{3-\text{m}}{{(x+1)}^2}$

Nếu $y\text{'}>0$  khi $m<3$ $\text{Min y=}1$ tại x=1 $\Rightarrow m=1$  thỏa

và $y\text{'}<0$  khi $m>3$ .$\text{Min y=}1$  tại x=2   $\Rightarrow m=0$ loại

Đáp án A

 $y\text{'}=4{\text{x}}^3-2\text{mx}$

Để đồ thị cắt trục hoành tại 4 điểm phân biệt thì đồ thị hàm số phải có 3 cực trị và $y_{CT}<0<$  y­­_CĐ Nên$m>0$  và y’=0 có 3 nghiệm

$y\text{'}=0\iff \left[\begin{array}{l}\text{x=}0\\ \text{x=}\frac{\sqrt{2\text{m}}}{2}\\ \text{x=-}\frac{\sqrt{2\text{m}}}{2}\end{array}\right.$

$y_{CT}<0<y_{CĐ}$$\iff \frac{-{\text{m}}^2}{4}+m-1<0<m-1\iff 2\ne m>1$

Đáp án B

Gọi  $M\left(\text{a;}\frac{\text{a}+2}{\text{a}-2}\right)$ thuộc đồ thị hàm số

 $\text{d}\left(\text{M;TCD}\right)=\left|\text{a}-2\right|$

 $\text{d}\left(\text{M;TCN}\right)=\left|\frac{4}{\text{a}-2}\right|$

Tổng khoảng cách=$\left|\text{a}-2\right|+\left|\frac{4}{\text{a}-2}\right|\ge 2\sqrt{\left|\text{a}-2\right|.\left|\frac{4}{\text{a}-2}\right|}=4$ 

Dấu bằng xảy ra khi $\left|\text{a}-2\right|=\left|\frac{4}{\text{a}-2}\right|\iff \left[\begin{array}{l}\text{a=4}\\ \text{a=0}\end{array}\right.$  do hoành độ dương nên a=4

Vậy M(4;3)

Đáp án D  

$\left(\left(A\text{'}BC\right),\left(ABC\right)\right)=\widehat{A\text{'}BA}={30}^0.$

$AA\text{'}=AB.tan{30}^0=\frac{a\sqrt{3}}{3}.$

$S_{ABC}=\frac{1}{2}BA.BC=\frac{a^2\sqrt{2}}{2}.$

$V_{ABC}=AA\text{'}.S_{ABC}=\frac{a\sqrt{3}}{3}\cdot \frac{a^2\sqrt{2}}{2}=\frac{a^3\sqrt{6}}{6}.$

Đáp án A 

Dựa vào đồ thị hàm số ta thấy phương trình $\left|f\left(x\right)\right|=m$  có  nghiệm phân biệt khi và chỉ khi m=0, m=3

Đáp án A

TXĐ $D=ℝ$

$$\begin{gathered} f\text{'}\left(x\right)=6x^2+6x-12 \\ f\text{'}\left(x\right)=0\iff \left[\begin{array}{c}x=1\in \left[-1;2\right]\\ x=-2\notin \left[-1;2\right]\end{array}\right. \end{gathered}$$

ta có $f\left(-1\right)=15 ,f\left(1\right)=-5,f\left(2\right)=6$

Do f  liên tục trên $\left[-1;2\right]$  nên suy ra   $\underset{x\in \left[-1;2\right]}{\max }f\left(x\right)=15.$

Đáp án A

ta có $\frac{V_{SEBD}}{V_{SCBD}}=\frac{SE}{SC}=\frac{2}{3}.$

suy ra 

$$\begin{gathered} V_{SEBD}=\frac{2}{3}{V}_{SCBD} \\ =\frac{2}{3}\cdot \frac{1}{2}\cdot V_{S.ABCD} \\ =\frac{2}{3}\cdot \frac{1}{2}\cdot 1=\frac{1}{3}. \end{gathered}$$

Đáp án C 

Đáp án A

Gọi H là trung điểm AB. Ta có 2 tam giác SAB và ABC đều và bằng nhau nên SH = CH = $a\sqrt{3}$ . Mà $S_{\Delta ABC}=a^2\sqrt{3}\Rightarrow V_{S.ABC}=\frac{1}{3}{a}^2\sqrt{3}.a\sqrt{3}=a^3$

Đáp án A

Ta có:  $y\text{'}=4x^3-2x^2-2x;y\text{'}=0\iff \left[\begin{array}{l}x=0\\ x=1\\ x=\raisebox{1ex}{$-1$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$2$}\right.\end{array}\right.$. Lập BBT

Đáp án C

Ta có

 $$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}y\text{'}=x^2-2mx+m^2-m+1\\ y\text{'}\text{'}=2x-2m\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}y\text{'}\left(1\right)=m^2-3m+2=0\\ y\text{'}\text{'}\left(1\right)=2-2m<0\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}\left[\begin{array}{l}m=1\left(l\right)\\ m=2\left(n\right)\end{array}\right.\\ m>1\end{array}\right.\Rightarrow m=2 \end{gathered}$$

(Cách khác: Hs kiểm tra trên MTBT vẫn đc m =2)

Đáp án D

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}S{}_1=u{}_1=3\\ S{}_2=2u{}_1+d=4\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}u{}_1=3\\ d=-2\end{array}\right.\Rightarrow M=1$

Đáp án B

$y\text{'}=-3x^2+6x-3<\mathrm{0,}\forall x\in R$

( Cách khác: Hs kiểm tra trên MTBT bằng chức năng Mode 7 vẫn đc kết quả câu B )

Đáp án B

Quay 3 lần thì số kết quả thu được là ${10}^3$ .

Kim của chiếc nón ở 3 vị trí khác nhau ở 3 lần quay  có số kết quả là $\mathrm{10.9.8}=720$  

Xác suất để kim của chiếc nón ở 3 vị trí khác nhau ở 3 lần quay là : $\frac{720}{{10}^3}=\frac{18}{25}=\mathrm{0,72}$ .

Đáp án B.

Từ $\left(C\right):{\left(x+1\right)}^2+{\left(y-3\right)}^2=4$  có tâm  $I\left(-1;3\right)$ và bán kính R=2.

 $V_{\overrightarrow{v}}\left(I\right)=I^{\text{'}}\left(2;5\right)$ nên có PT là ${\left(x-2\right)}^2+{\left(y-5\right)}^2=4$   .

Đáp án D.

Có $\left\{\begin{array}{l}{u}_1=2\\ u_4=54\end{array}\right.$

từ $u_4=u_1.q^3\Rightarrow 54=2.q^3\iff q^3=27\iff q=3$ nên $u_6={2.3}^5=486$

Đáp án A.   

Ta có  $\underset{x\to -\infty }{\lim }f\left(x\right)=\underset{x\to -\infty }{\lim }\left(3x+1\right)=3$

Để  $f\left(x\right)$ liên tục trên R thì $\underset{x\to -\infty }{\lim }f\left(x\right)=\underset{x\to +\infty }{\lim }f\left(x\right)$$\iff \underset{x\to +\infty }{\lim }f\left(x\right)=\underset{x\to +\infty }{\lim }\left(ax+1\right)=a=3$

Đáp án A.

Có $\underset{x\to 1}{\lim }\frac{x^3-3x+2}{x^2-1}=\underset{x\to 1}{\lim }\frac{{\left(x-1\right)}^2\left(x+2\right)}{\left(x-1\right)\left(x+1\right)}$$=\underset{x\to 1}{\lim }\frac{\left(x-1\right)\left(x+2\right)}{x+1}=0$