Tổng hợp 25 đề thi thử thpt quốc gia môn Toán cực hay, chọn lọc có lời giải (Đề số 21)

Đáp án D

Ta có $\left\{\begin{array}{l}\underset{x\to +\infty }{\lim }y=2\\ \underset{x\to -\infty }{\lim }y=2\end{array}\right.\Rightarrow$ tiệm cận ngang y = 2

$\left\{\begin{array}{l}\underset{x\to 1^{+}}{\lim }y=-\infty \\ \underset{x\to 1^{-}}{\lim }y=+\infty \end{array}\right.\Rightarrow$

tiệm cận đứng x = 1

Đáp án B

Có

 $\begin{array}{l}y\text{'}=x^2-2x+2\\ y\text{'}\text{'}=6x-2\end{array}$

Tiếp tuyến có hệ số góc nhỏ nhất là nghiệm của $y\text{'}\text{'}=0\iff x=\frac{1}{3}$

$\Rightarrow y\text{'}\left(\frac{1}{3}\right)=\frac{5}{3}$

Đáp án D

Ta có:$y=\frac{\left|x\right|}{x+1}=\left\{\begin{array}{l}\frac{x}{x+1}khix>0\\ -\frac{x}{x+1}khix<0\end{array}\right.$

Có $y\text{'}=\left\{\begin{array}{l}\frac{1}{{\left(x+1\right)}^2}khix>0\\ -\frac{1}{{\left(x+1\right)}^2}khix<0\end{array}\right.$

Lập bbt ta được btt như đề bài.

Chú ý: Có thể sử dụng mode 7 đê kiểm tra đáp án.

Đáp án A

Xét hàm số  $y\left(x\right)=\sin \left|2016x\right|+\text{cos}\left(2017x\right)$ có tập xác định là R

Ta có:

$$\begin{gathered} y\left(-x\right)=\sin \left|2016\left(-x\right)\right|+\text{cos}\left(2017\left(-x\right)\right) \\ =\sin \left|2016x\right|+\text{cos}\left(2017x\right)=y\left(x\right) \end{gathered}$$

$\Rightarrow y\left(x\right)=\sin \left|2016x\right|+\text{cos}\left(2017x\right)$ là hàm chẵn

Đáp án C

$\left\{\begin{array}{l}AK\perp SD\\ CD\perp AK\left(CD\perp \left(SAD\right)\right)\end{array}\right.\Rightarrow AK\perp \left(SCD\right)$

Đáp án D

 Xét

 $$\begin{gathered} {\left(1+x\right)}^{2016}=C_{2016}^0+C_{2016}^{1}x+C_{2016}^2{x}^2+C_{2016}^3{x}^3 \\ +\mathrm{...}+C_{2016}^{2016}{x}^{2016} \end{gathered}$$

chọn x=1 ta có

$\begin{array}{l}{\left(1+1\right)}^{2016}=C_{2016}^0+C_{2016}^1+C_{2016}^2+C_{2016}^3+\mathrm{...}+C_{2016}^{2016}\\ \iff 2^{2016}-C_{2016}^0=C_{2016}^1+C_{2016}^2+C_{2016}^3+\mathrm{...}+C_{2016}^{2016}\\ \iff C_{2016}^1+C_{2016}^2+C_{2016}^3+\mathrm{...}+C_{2016}^{2016}=2^{2016}-1\end{array}$

Đáp án B

$$\begin{gathered} \underset{x\to x_0}{\lim }\frac{f\left(x\right)-f\left(x_0\right)}{x-x_0}=\underset{x\to 0}{\lim }\frac{\frac{3-\sqrt{4-x}}{4}-\frac{1}{4}}{x-0} \\ =\underset{x\to 0}{\lim }\frac{2-\sqrt{4-x}}{4x}=\underset{x\to 0}{\lim }\frac{1}{4\left(2+\sqrt{4-x}\right)}=\frac{1}{16} \end{gathered}$$

Đáp án A

Với $x=-1$  ta có $y_{\left(-1\right)}=-4$  . Vậy hàm số luôn đi qua điểm $M\left(-1;-4\right)$  ( có thể giải theo điểm cố định $M\left(x_0;y_0\right)$  )

Đáp án C

Với $y={\cos }^{2}x$  ta có  $y^{\left(3\right)}=4\sin 2x\Rightarrow {y^{\left(3\right)}}_{\left(\frac{\pi }{3}\right)}=2\sqrt{3}$

Đáp án C

Với $y=3\sin \frac{x}{2}$   ta có chu kì  $T=\frac{2\pi }{\left|\frac{1}{2}\right|}=4\pi$

Đáp án A

 Giao với Ox:  $y=0\Rightarrow x=\frac{1}{a}>0\Rightarrow a>0$

Giao với Oy:$x=0\Rightarrow y=-\frac{1}{c}>0\Rightarrow c<0$

Tiệm cận ngang:  $y=\frac{a}{b}=2>0\Rightarrow b>0$

Đáp án D

$T_{\overrightarrow{\text{v}}}\left(\text{M}\right)\text{=M'}\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}\text{x=x'-a}\\ y=y\text{'}-b\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}\text{x=}5\\ y=-3\end{array}\right.$Vậy $\text{M}(5;-3)$

Đáp án A

Căn cứ vào đồ thị ta thấy đồ thị giao với trục Oy (  x=0 ) tại điểm có tọa độ nên c=1

Trên khoảng $\left(1;+\infty \right)$  hàm số đồng biến nên a>0. Hàm số có 3 cực trị nên $\text{a.b}<0$  do đó  b<0

Đáp án C

Phương trình hoành độ giao điểm  $\frac{2\text{x}-1}{\text{x+}1}=2\text{x}-3\iff 2{\text{x}}^2-3\text{x}-2=0\iff \left[\begin{array}{l}\text{x}=2\\ \text{x}=-\frac{1}{2}\end{array}\right.$

Vậy $\text{A}(2;1);\text{B}(\frac{-1}{2};-4)$

$\left|\overrightarrow{\text{AB}}\right|=\sqrt{{\left(-\frac{1}{2}-2\right)}^2+{\left(-4-1\right)}^2}=\frac{5\sqrt{5}}{2}$

Đáp án B

TXĐ của hàm $y=\text{tanx}$  là $D=ℝ\backslash \left\{\frac{\pi }{2}+\text{k}\pi |\text{k}\in \mathbb{Z}\right\}$  nên TXĐ của hàm $y=\text{tan }2\text{x}$  là $D=ℝ\backslash \left\{\frac{\pi }{4}+\frac{k\pi }{2}|\text{k}\in \mathbb{Z}\right\}$

TXĐ của hàm $y=\cot \text{x}$  là $D=ℝ\backslash \left\{\text{k}\pi |\text{k}\in \mathbb{Z}\right\}$   nên TXĐ của hàm $y=\cot 2\text{x}$  là  $D=ℝ\backslash \left\{\frac{\text{k}\pi }{2}|\text{k}\in \mathbb{Z}\right\}$

Đáp án C

 $y\text{'}=3{\text{ax}}^2+2\text{bx+c}$

Hàm số đồng biến trên R khi    $y\text{'}>0\forall \text{x}\in ℝ$$\iff \left[\begin{array}{l}\text{a=b=0; c>}0\\ \text{a>}0\text{; }\Delta \text{'}=b^2-3\text{ac}\le 0\end{array}\right.$

Hàm y’ là một hằng số >0 hoặc y’ luôn dương

Đáp án D

$f\text{'}\left(x\right)=2\cos x+2\cos 2x=2\cos x+4{\cos }^{2}x-2.$

$$\begin{gathered} f\text{'}\left(x\right)=0\iff \left[\begin{array}{c}\cos x=-1\\ \cos x=\frac{1}{2}\end{array}\right. \\ \iff \left[\begin{array}{c}x=\pi +k2\pi \\ x=\pm \frac{\pi }{3}+k2\pi \end{array}\left(k\in \mathbb{Z}\right).\right. \end{gathered}$$

=>M=  $\frac{3\sqrt{3}}{2}$, m=0

Đáp án C

Gọi số cần tìm có dạng $\overline{abcd}$

d có 3 cách chọn;

 a có 3 cách chọn;

b  có 3 cách chọn;

c có 2 cách chọn:

Vậy có $\mathrm{3.3.3.2}=54$  số thỏa yêu cầu bài toán

Đáp án C

Ta có:  

$$\begin{gathered} \frac{1}{1.2}+\frac{1}{2.3}+\dots +\frac{1}{n\left(n+1\right)} \\ =\frac{1}{1}-\frac{1}{2}+\frac{1}{2}-\frac{1}{3} \\ +\dots +\frac{1}{n}-\frac{1}{n+1}=1-\frac{1}{n+1} \end{gathered}$$

Suy ra:

 $$\begin{gathered} \lim \left[\frac{1}{1.2}+\frac{1}{2.3}+\dots +\frac{1}{n\left(n+1\right)}\right] \\ =\lim \left(1-\frac{1}{n+1}\right)=1. \end{gathered}$$

Đáp án A

Ta có $y\text{'}=3x^2-3$ .

Suy ra $y=y\text{'}\left(\frac{1}{3}x\right)-2x+1$  .

Vậy phương trình đường thẳng AB có dạng $y=-2x+1$ .

Đáp án D 

$$\begin{gathered} SO=\sqrt{S{A}^2-O{A}^2}=\sqrt{a^2-{\left(\frac{2}{3}.\frac{a\sqrt{3}}{2}\right)}^2} \\ =\sqrt{\frac{2a^2}{3}}=\frac{a\sqrt{6}}{3}. \end{gathered}$$

$V_{S.ABC}=\frac{1}{3}\cdot \frac{a\sqrt{6}}{3}\cdot \frac{a^2\sqrt{3}}{4}=\frac{a^3\sqrt{2}}{12}.$

Đáp án C

Ta có:

$$\begin{gathered} y\text{'}=3x^2-6x\Rightarrow y\text{'}\left(x\right)=-3 \\ \iff 3x^2-6x+3=0 \\ \iff x=1\Rightarrow y=-2 \end{gathered}$$

Đáp án A

$$\begin{gathered} y\text{'}=\frac{x^2+4x+3}{{\left(x+2\right)}^2} \\ \Rightarrow y\text{'}=0\iff x^2+4x+3=0 \\ \iff \left[\begin{array}{l}x=-1\Rightarrow y_{ct}=1=n\\ x=-3\Rightarrow y_{cd}=-3=M\end{array}\right. \\ \Rightarrow M^2-2n=7 \end{gathered}$$

Đáp án C

$\begin{array}{l}y\text{'}=3x^2-6x\Rightarrow y\text{'}=0\iff 3x^2-6x=0\\ \end{array}$

$\begin{array}{l}\iff \left[\begin{array}{l}x=0\Rightarrow y_{cd}=1\\ x=2\Rightarrow y_{ct}=-3\end{array}\right.\\ Ycbt\iff y_{cd}<m<y_{cd}.Hay-3<m<1\end{array}$

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}y\text{'}=x^2-2mx+m^2-m+1\\ y\text{'}\text{'}=2x-2m\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}y\text{'}\left(1\right)=m^2-3m+2=0\\ y\text{'}\text{'}\left(1\right)=2-2m<0\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}\left[\begin{array}{l}m=1\left(l\right)\\ m=2\left(n\right)\end{array}\right.\\ m>1\end{array}\right.\Rightarrow m=2 \end{gathered}$$

Đáp án B

Đáp án A

Vì $\left\{\begin{array}{l}{270}^0\in \left({225}^0;{315}^0\right)\\ \sin {270}^0=-1\\ \sin {225}^0=\sin {315}^0=\raisebox{1ex}{$-\sqrt{2}$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$2$}\right.\end{array}\right.\Rightarrow -1\le \sin x<\raisebox{1ex}{$-\sqrt{2}$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$2$}\right.hayy\in \left[-1\right.\text{;\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}\left.\raisebox{1ex}{$-\sqrt{2}$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$2$}\right.\right)$

(Cách khác: Hs kiểm tra trên MTBT bằng cách vào Mode 7 vẫn đc kết quả đáp án A )

Chọn A.

Xét PT hoành độ    $x^3-2x^2+\left(1-m\right)x+m=0$ (1) 

Để $\left(C_m\right)$  cắt Ox tại 3 điểm có hoành độ là $x_1;x_2;x_3$ , tức PT (1) có 3 nghiệm phân biệt là $x_1;x_2;x_3$

Áp dụng vi –ét có :$\left\{\begin{array}{l}{x}_1+x_2+x_3=-\frac{b}{a}=-\frac{-2}{1}=2\\ x_1{x}_2+x_2{x}_3+x_1{x}_3=\frac{c}{a}=\frac{1-m}{1}=1-m\\ x_1{x}_2{x}_3=-\frac{d}{a}=-\frac{m}{1}=-m\end{array}\right.$

 theo bài ta có

 $$\begin{gathered} {x_1}^2+{x_2}^2+{x_3}^2=4 \\ \iff {\left(x_1+x_2+x_3\right)}^2-2\left(x_1{x}_2+x_2{x}_3+x_1{x}_3\right)=4 \\ \iff 2^2-2\left(1-m\right)=4\iff 4-2+2m=4 \\ \iff 2m=2\iff m=1 \end{gathered}$$

Chọn A.

$\frac{V_{S.ABC}}{V_{S.MNC}}=\frac{SA.SB.SC}{SM.SN.SC}=\frac{SA}{SM}.\frac{SB}{SN}=2.2=4$

Chọn D

TH1:

Ta có ${Đ}_O:M\left(x;y\right) \to M^{\text{'}}(x^{\text{'}};y^{\text{'}}).$  Khi đó:$\left\{\begin{array}{l}x\text{'}=-x\\ y\text{'}=-y\end{array}\right.\iff \left\{\begin{array}{l}x=-x^{\text{'}}\\ y=-y^{\text{'}}\end{array}\right.$

Từ $x+y-2=0\iff -x^{\text{'}}-y^{\text{'}}-2=0$

Vậy có ảnh $d_1:x+y+2=0$ .

Tiếp tục qua phép tịnh tiến $\overrightarrow{v}=\left(\mathrm{3,2}\right)$  có $T_{\overrightarrow{v}}:N\left(x;y\right)\to N^{\text{'}}\left(x^{\text{'}};y^{\text{'}}\right)$  khi đó  $\left\{\begin{array}{l}{x}^{\text{'}}=x+3\\ y^{\text{'}}=y+2\end{array}\right.\iff \left\{\begin{array}{l}x=3-x^{\text{'}}\\ y=2-y^{\text{'}}\end{array}\right.$.