Giải Đề thi THPT Quốc gia môn Vật lí năm 2022 - Mã đề 204

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là C

Khoảng vân i trên màn làkhoảng cách giữa hai vân sáng liên tiếp.  

Đáp án đúng là C

Bước sóng là quãng đường mà sóng truyền được trongmột chu kì.

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là C

C sai vì hạt nhân tham gia phản ứng nhiệt hạch phải là hạt nhân nhẹ.

Đáp án đúng là A

Tại quỹ đạo dừng M: n = 3 $\Rightarrow r_M=n^2.r_0=9r_0$

Đáp án đúng là C

Đại lượng $s=l\alpha$ được gọi làli độ cong của con lắc.

Đáp án đúng là C

Tia X có cùng bản chất với tia tử ngoại.

Đáp án đúng là B

Máy quang phổ lăng kính là ứng dụng của hiện tượng tán sắc ánh sáng.

Đáp án đúng là D

Cường độ hiệu dụng của dòng điện.

Đáp án đúng là C

Khi hiệu điện thế giữa hai bản tụ điện là U thì điện tích  của tụ điện được tính bằng công thức Q = C.U.

Đáp án đúng là D

Âm có tần số nhỏ hơn 16 Hz được gọi làhạ âm và tai người không nghe được.

Đáp án đúng là B

Số nuclôn có trong hạt nhân ${}_{15}^{32}P$ là 32.

Đáp án đúng là D

Năng lượng của mỗi phôtôn trong chùm sáng có giá trị là $\epsilon =hf$.

Đáp án đúng là A

Lỗ trốnglà hạt tải điện trong chất bán dẫn.

Đáp án đúng là C

Công suất tỏa nhiệt P  trên R được tính bằng công thức $\text{P}=I^{2}R$.

Đáp án đúng là C

$E=\frac{E_0}{\sqrt{2}}=\frac{120\sqrt{2}}{\sqrt{2}}=120V.$

Đáp án đúng là D

Hai nguồn sóng kết hợp là hai nguồn dao độngcùng phương, cùng chu kì và có hiệu số pha không đổi theo thời gian.

Đáp án đúng là D

Khi vật qua vị trí có li độ x thì lực kéo về F tác dụng lên vật được xác định bẳng công thức F = - k.x.

Đáp án đúng là D

D sai vì sóng điện từ lan truyền được trong không khí.

Đáp án đúng là B

Tốc độ góc của $\overrightarrow{OM}$ là $2\pi \text{\hspace{0.17em}rad}/\text{s}$.

Đáp án đúng là A

Công thoát êlectron khỏi kim loại này là

$A=\frac{hc}{{\lambda }_0}=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{{430.10}^{-9}}=4,{622.10}^{-19}J=2,89eV$

Đáp án đúng là B

Năng lượng liên kết riêng của ${}_8^{16}\text{O}$ lớn nhất nên bền vững nhất.

Đáp án đúng là D

Ta có:

$$\begin{gathered} T_1=2\pi \sqrt{\frac{\mathcal{l}}{g_1}};T_2=2\pi \sqrt{\frac{\mathcal{l}}{g_2}} \\ \Rightarrow \frac{T_1}{T_2}=\sqrt{\frac{g_2}{g_1}}\Rightarrow T_2=T_1\sqrt{\frac{g_1}{g_2}}=2.\sqrt{\frac{9,68}{9,86}}\approx 1,98s \end{gathered}$$

Đáp án đúng là D

Suất điện động tự cảm xuất hiện trong cuộn cảm có độ lớn là $e_{tc}=L.\left|\frac{\Delta i}{\Delta t}\right|=0,1.\left|\frac{4-0}{0,05-0}\right|=8V$

Đáp án đúng là C

Mạch chỉ có L, I_A = I = $\frac{U}{Z_L}=\frac{U}{L.2\pi f}$ nên f tăng thì I giảm

Hay: $Z_L=L.2\pi f\Rightarrow f\uparrow thìZ_L\uparrow \Rightarrow I\downarrow .$

Đáp án đúng là B

$\mathcal{l}=k\frac{\lambda }{2}=2.\frac{0,6}{2}=0,6m=60cm$

Đáp án đúng là B

Ánh sáng đơn sắc dùng trong thí nghiệm có bước sóng là

$\lambda =\frac{ai}{D}=\frac{{1.10}^{-3}.0,{6.10}^{-3}}{1}=0,{6.10}^{-6}m$

Đáp án đúng là A

T = 6 ô = 0,02s =>$\omega =100\pi$ rad/s;

$$\begin{gathered} Z_L=\omega .L=100\pi .\frac{1}{2\pi }=50\left(\Omega \right) \\ Z=\sqrt{R^2+Z_L^2}=\sqrt{{50}^2+{50}^2}=50\sqrt{2}\left(\Omega \right) \end{gathered}$$

Từ đồ thị cho: ${\phi }_i=-\frac{2\pi }{3}$;$\phi =\frac{\pi }{4}$

$\to {\phi }_u={\phi }_i+\phi =-\frac{2\pi }{3}+\frac{\pi }{4}=-\frac{5\pi }{12}$

Ta có Z_L= const; Z_C2 = 3Z_C1; U_L1 = U_L2 = 120V 

$$\begin{gathered} \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{120}^2=\frac{{120}^2.Z_L^2}{R^2+{\left(Z_L-Z_{Co}\right)}^2}\\ {120}^2=\frac{{120}^2.Z_L^2}{R^2+{\left(Z_L-3Z_{Co}\right)}^2}\end{array}\right.. \\ {Z}_L-Z_{Co}=3Z_{Co}-Z_L\Rightarrow Z_L=2Z_{Co}\Rightarrow Z_L=\frac{2R}{\sqrt{3}}. \end{gathered}$$

Khi $C=\frac{C_0}{5}$, ta có:

$U_R=\frac{U.R}{\sqrt{R^2+{\left(Z_L-5Z_{C_o}\right)}^2}}=\frac{120.R}{\sqrt{R^2+\frac{9}{4}.Z_L^2}}=\frac{120R}{\sqrt{R^2+\frac{9.4R^2}{4.3}}}=\frac{120}{2}=60\left(V\right).$

Đáp án đúng là A

$\lambda =\frac{v}{f}=2,5cm$

Đáp án đúng là A

$$\begin{gathered} \omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}={10}^{4}rad/s\Rightarrow i={10}^{-2}.\cos \left({10}^4.t\right)\left(A\right); \\ q=\frac{I_o}{\omega }.\cos \left({10}^{4}t-\frac{\pi }{2}\right)={10}^{-6}.\cos \left({10}^{4}t-\frac{\pi }{2}\right)\left(C\right). \end{gathered}$$

Thay $t=\frac{\pi }{60} \text{ms}$ ta tính được $q={10}^{-6}.cos\left({10}^4.\frac{\pi }{60}{.10}^{-3}-\frac{\pi }{2}\right)C=0,5\mu C.$

Đáp án đúng là B

$$\begin{gathered} W=\frac{1}{2}k{A}^2=W_{d\max }={120.10}^{-3}J; \\ {F}_{\max }=kA=6N\Rightarrow {120.10}^{-3}=F_{\max }.\frac{A}{2}=6.\frac{A}{2} \\ \Rightarrow A=0,04m;k=150N/m. \end{gathered}$$

Khi vật cách biên 1cm ta có :

$x=\pm 3cm=\pm 0,03m\Rightarrow W_t=\frac{1}{2}k{x}^2=0,0675J=67,5mJ.$

Gọi C và D là 2 điểm thỏa mãn đề. Do C là điểm xa A nhất và D là điểm gần A nhất nên C và D thuộc hai dãy cực tiểu cùng bậc và đối xứng với nhau qua trung trực. Tứ giác ABCD là hình thang cân

AC = BD = 8,4 cm

BC = AD = 1,4 cm

$AB=\sqrt{B{C}^2+A{C}^2}=8,516$cm.

Xét tại C là cực tiểu:

$CA-CB=\left(k+0,5\right)\lambda \Rightarrow \lambda =\frac{CA-CB}{k+0,5}=\frac{7}{k+0,5}$

Xét tại điểm H, thuộc cùng dãy cực tiểu với C ta có:

$\left\{\begin{array}{l}HA-HB=7\\ HA+HB=AB=8,516\end{array}\right.\Rightarrow HB=0,758cm$

Do số cực đại giao thoa lớn hơn số cực tiểu giao thoa nên:

$$\begin{gathered} \frac{\lambda }{4}<HB<\frac{\lambda }{2}\Rightarrow \frac{\lambda }{4}<0,758<\frac{\lambda }{2}\Rightarrow 1,516<\lambda <3,032 \\ \Rightarrow 1,516<\frac{7}{k+0,5}<3,032\Rightarrow 1,81<k<4,12 \end{gathered}$$

Suy ra k = 2; 3; 4

Để có số cực đại giao thoa tối thiểu thì số cực tiểu giao thoa cũng phải tối tiểu. Khi đó chọn C thuộc dãy cực tiểu ứng với k = 2.

Đối xứng với cực tiểu ứng với k = 2 ở bên kia trung trực ứng với k = -3.

Số cực tiểu có các giá trị $k\in \left\{-3;-2;-1;0;1;2\right\}$

Vậy có tối thiểu 6 cực tiểu giao thoa.

Đáp án đúng là A

Theo đề có:  $12{\lambda }_0=m{\lambda }_1=n{\lambda }_2$

$$\begin{gathered} \Rightarrow \frac{12.590}{630}\le m\le \frac{12.590}{380};\frac{12.590}{630}\le n\le \frac{12.590}{380} \\ \Rightarrow 11,24\le m,n\le 18,63 \end{gathered}$$

Theo đề ta đáp án đúng là m = 13; n = 17.

Tổng số vân sáng không kể O và M: 13 - 1 + 17 - 1 = 28 vân

Đáp án đúng là A

Ta có: $\frac{N_y}{N_X}=\frac{\Delta N}{N}=2^{\frac{t}{T}}-1$

Tại t₁ thì $\frac{N_y}{N_x}=0,5=2^{\frac{t{}_1}{T}}-1\Rightarrow 2^{\frac{t{}_1}{T}}=1,5\left(1\right)$

Tại t₂ thì $\frac{N_y}{N_x}=5=2^{\frac{t{}_2}{T}}-1\Rightarrow 2^{\frac{t{}_2}{T}}=6\left(2\right)$

Lấy (2) : (1) vế với vế được:$4=\frac{2^{\frac{t_2}{T}}}{2^{\frac{t_1}{T}}}=2^{\frac{t{}_2-t_1}{T}}=2^{\frac{40,8}{T}}$

Đáp án đúng là D

$$\begin{gathered} F_G=k_2{x}_2+k_1{x}_1=64.0,1\cos 4\pi (t-\Delta t)-24.0,1\cos 4\pi t \\ \le \sqrt{6,4^2+2,4^2-2.6,4.2,4\cos 4\pi \Delta t}=5,6N\Rightarrow \Delta t=\frac{1}{12}s \end{gathered}$$

Đáp án đúng là A

$\left\{\begin{array}{l}C=C_0\Rightarrow Z_{C1}=3\\ C=3C_0\Rightarrow Z_{C2}=1\end{array}\right.;\left|Z_L-Z_L\right|=a$

Khi: $a^2=(R+r)r$ thì $\tan {\phi }_{\max }=\frac{R}{2a}$

a = 1:$\tan {\phi }_{\max }=0,75=\frac{R}{2}=>R=1,5$ ; $\left|Z_L-Z_L\right|=1=>Z_L^{}=2$;

$a^2=(R+r)r\stackrel{a=1;R=1,5}{\to }r=0,5$

Khi C = 1,5C₀: $Z_{C3}=2=Z_L$: Cộng hưởng nên:

$U_{MB}=I.Z_{MB}=\frac{U.r}{R+r}=\frac{U.0,5}{1,5+0,5}=30V\Rightarrow U=120V$