Đề thi vào 10 môn Hóa có đáp án (Mới nhất) (Đề số 1)

2CH₃COOH + Na₂CO₃ → 2CH₃COONa + CO₂ ↑ + H₂O.

Cu đứng sau H trong dãy hoạt động hóa học của kim loại nên không tác dụng với axit sunfuric loãng.

Etilen (CH2 = CH2) chứa liên kết đôi nên tham gia phản ứng cộng với dung dịch brom.

2C₂H₅OH + 2Na → 2C₂H₅ONa + H₂

Hợp chất hữu cơ là hợp chất của cacbon trừ CO₂, CO, axit cacbonic, muối cacbonat, xianua…
→ CH₄ là hợp chất hữu cơ.

Ag, Cu, Au đứng sau H trong dãy hoạt động hóa học nên không tác dụng với HCl
Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂

Chọn đáp án B.

Oxit axit là oxit của phi kim → SO₂ là oxit axit.

NaOH + NaCl → không phản ứng.
NaOH + HCl → NaCl + H₂O
2NaOH + H₂SO₄ → Na₂SO₄ + 2H₂O
2NaOH + CO₂ → Na₂CO₃ + H₂O

Chọn đáp án A.

Chọn đáp án D.

Đổi 5 tấn = 5000 kg
m = 5000.13100.80100=520kg

Theo bài ra phản ứng xảy ra hoàn toàn:
CH₄ (k) + Cl₂ (k) →as CH₃Cl(k) + HCl(k)
HCl làm quỳ tím ẩm chuyển sang màu đỏ.

Chọn đáp án A.

Na₂SO₄ + BaCl₂ → 2NaCl + BaSO₄ (↓ trắng)

- Sử dụng lượng dư dung dịch NaOH.
+ Có kết tủa trắng (sau đó kết tủa tan khi NaOH dư) → AlCl₃
AlCl₃ + 3NaOH → Al(OH)₃ (↓ trắng) + 3NaCl
Al(OH)₃ + NaOH dư → NaAlO₂ + 2H₂O
+ Có kết tủa nâu đỏ xuất hiện → FeCl₃
FeCl₃ + 3NaOH → Fe(OH)₃ (↓ nâu đỏ) + 3NaCl

M + H2SO4→ MSO4 + H2 (↑)
0,5 ← 0,5 mol
→ MM = mn=120,5 = 24 (g/mol).
Vậy kim loại M là Mg

2NaOH + MgCl₂ → Mg(OH)₂ ↓ + 2NaCl
0,3 → 0,15 mol
a = 0,15. 58 = 8,7 gam.

Zn + 2HCl → ZnCl₂ + H₂ (↑)
0,3 → 0,3 mol
→ V khí = 0,3.22,4 = 6,72 lít.

Trong hai chất chỉ có Fe phản ứng với H₂SO₄ là sinh ra H₂.
Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂
0,3 ← 0,3 mol
%mFe = 0,3.5624,8.100%=67,74%.

nNaOH = 1,5.0,1 = 0,15 mol
CH₃COOH + NaOH → CH₃COONa + H₂O
0,15 → 0,15 mol
V_{dung dịch sau} = 100 + 100 = 200 ml = 0,2 lít
→ C_{M (X)} = nV=0,150,2=0,75M.

2NaOH + H₂SO₄→ Na₂SO₄ + 2H₂O
0,6 ← 0,3 mol
→ V = nNaOHCM(NaOH)=0,61=0,6 lít = 600ml.

Gọi số mol CH₄ và C₂H₄ lần lượt là a và b mol
→ 16a + 28b = 10,4 (1)
Thể tích oxi cần dùng là:
V = 134,4. 20100 = 26,88 lít → số mol O₂ = 26,8822,4=1,2 mol
CH₄ + 2O₂ → CO₂ + 2H₂O
a           2a mol
C2H4+ 3O2→ 2CO2 + 2H2O
b            3b mol
→ 2a + 3b = 1,2 (2)
Từ (1) và (2) có a = 0,3 và y = 0,2.
Vậy khối lượng C₂H₄ là: m = 0,2.28 = 5,6 gam.

Gọi hợp chất có dạng: C_aH_bO₂
PTHH xảy ra như sau:
C_aH_bO₂ (1) →+O2aCO2+b2H2O
CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃↓ + H₂O (2)
0,1 ← 0,1 mol
2CO₂ + Ca(OH)₂ →Ca(HCO₃)₂ (3)
0,2 ← 0,1 mol
Ca(HCO₃)₂ →t0 CaCO₃↓ + CO₂ + H₂O (4)
0,1 ← 0,1 mol
Theo (4) có số mol Ca(HCO₃)₂ = 0,1 mol
Theo (3) có số mol CO₂ ở pt (3) = 0,2 mol
Từ (2) và (3) có số mol CO₂ thu được khi đốt cháy X là 0,3 mol
Theo bài ra m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O → m_H2O = 18,6 – 0,3.44 = 5,4 gam.
→ n_H2O = 0,3 mol.
Số mol CO₂ = số mol H₂O → b = 2a. Vậy chất X có dạng C_aH_2aO₂
Bảo toàn khối lượng có: mX +mO2 = mCO2 + mH2O
→ mO2 = 18,6 – 9 = 9,6 gam → nO2 = 9,6 : 32 = 0,3 mol
Bảo toàn nguyên tố O có: 2.n_X + 2.nO₂ = 2.nCO₂ + nH₂O
→ n_X = 2.0,3+0,3−2.0,32=0,15 mol
→ M_X = mXnX=90,15=60(g/mol)= 14a +32 → a = 2.
Vậy X là C₂H₄O₂.

Tóm tắt bài toán bằng sơ đồ sau:m(gam)CuMgFe→+O22,8(gam)CuOMgOFe3O4→+H2SO4 6,8 gam muối + H₂OQuan sát vào sơ đồ thấy số mol H₂SO₄ = số mol H₂O ( = a mol)
Bảo toàn khối lượng có:
m_oxit + m_axit = m_muối + m_nước → 2,8 + 98a = 6,8 + 18a → a = 0,05 mol→ V = nCM=0,051=0,05 lít = 50 ml.Lại có m_oxit = m_KL + m_O2 mà bảo toàn nguyên tố O có:
n_O2 = 0,025 mol
→ m_KL = m = 2,8 – 0,025.32 = 2 gam.