Bộ 30 đề thi vào 10 Chuyên Hóa năm 2022-2023 có lời giải chi tiết ( Đề 25)

Gọi số p, n, e trong nguyên tử nguyên tố M lần lượt là p, n, e

Theo đề bài có: Tổng số hạt trong nguyên tử nguyên tố M là 80

  ⇒p+n+e=80 mà p=e⇒2e+n=80    1

Theo đề bài có: Số hạt mang điện gấp 1,2 lần số hạt mang điện âm

 n=1,2e   ⇒     1,2e−n=0    2

Từ (1) và (2) ⇒ e=p=25; n=30

Vậy p=e=25; n=30

a)

Phương trình hóa học:

2NaHCO3+2KOH→K2CO3+Na2CO3+2H2O

K2CO3+BaNO32→BaCO3+2KNO3

Na2CO3+ BaNO32→ BaCO3+ 2NaNO3

Hiện tượng: Xuất hiện kết tủa trắng, lượng kết tủa tăng dần đến cực đại.

b) Phương trình hóa học

SO2+ Br2+ 2H2O→H2SO4+ 2HBr

H2SO4+ BaCl2→BaSO4+ 2HCl

Hiện tượng: Sục dư SO₂ vào dung dịch Br₂ thì dung dịch Br₂ nhạt màu dần rồi mất màu. Thêm vào X một lượng dư dung dịch BaCl₂ thì dung dịch xuất hiện kết tủa trắng, lượng kết tủa tăng dần đến cực đại.

c) Phương trình hóa học

2Na +  2H2O  →  2NaOH  +  H2

3NaOH +  FeCl3  → 3NaCl +  FeOH3

Hiện tượng: Mẩu Na tan dần, có khí không màu, không mùi thoát ra. Đồng thời tạo kết tủa màu nâu đỏ.

- Lấy mẫu thử, đánh dấu tương ứng.

- Trộn lần lượt từng mẫu thử với dung dịch Ba(OH)₂ dư:

+ Có khí mùi khai thoát ra: NH₄NO₃

BaOH2 + 2NH4NO3 → BaNO32 + 2H2O + 2NH3

+ Có kết tủa xuất hiện trắng: Ca(H₂PO₄)₂

 3CaH2PO42 + 6BaOH2 → Ca3PO42+ 2Ba3PO42+ 12H2O

+ Vừa xuất hiện kết tủa trắng, vừa có khí mùi khai thoát ra: (NH₄)₂SO₄

 BaOH2 + NH42SO4 → H2O + 2NH3+ BaSO4

+ Không xuất hiện kết tủa hay khí: KCl

A: FeCl₂    

B: CuO      

C: Fe

Phương trình hóa học:

 Fe + CuCl2→ FeCl2+ Cu2Cu + O2→t0 2CuOCuO + 2HCl → CuCl2+ H2OCuCl2+ Fe→ FeCl2+ CuFeCl2+ Mg → MgCl2+ Fe

mCaCO3= 0,75a gam

Theo định luật bảo toàn khối lượng:

mđá vôi= mCO2+ mchat ran

⇒mCO2=0,275a gam
Ta có phương trình hóa học:
 CaCO3 →t0CaO + CO20,00625a                              0,00625a  mol
⇒nCaCO3 pu = 0,00625a mol

⇒nCaCO3 bđ = 0,0075a mol

⇒ H=0,00625a0,0075a.100%=83,33%

Đặt số mol của Fe, Zn, Al trong 24,48 gam hỗn hợp X lần lượt là a, b, c
Ta có 56a+65b+27c=24,48 1
Ta có phương trình hóa học

Fe + 2HCl→FeCl2+ H2   a                                                  a

Zn + 2HCl →ZnCl2 + H2b                                        b

2Al + 6HCl →2AlCl3 + 3H2c                                             1,5c

⇒ nH2=a+b+1,5c=0,54 2

Có 0,24 mol X tác dụng vừa đủ với 0,33 mol khí Cl₂ nung nóng
⇒ số mol Cl₂ cần để phản ứng hết với hỗn hợp X gấp 1,375 lần số mol hỗn hợp X
 Ta có:

2Fe + 3Cl2 → 2FeCl3a                            1,5a

Zn + Cl2 → ZnCl2b          b
2Al + 3Cl2 → 2AlCl3c               1,5c

⇒ nCl2=1,5a+b+1,5c=1,375a+b+c 3

Từ (1), (2), (3)

a = 0,24 ⇒ m_Fe = 13,44 g

b = 0,12 ⇒ m_Zn = 7,8 g

c = 0,12 ⇒ m_Al = 3,24 g

Đặt công thức tổng quát của muối cacbonat kim loại là: R₂(CO₃)_n   n  {1;2;3}

Đặt số mol của MgCO₃ và R₂(CO₃)_n lần lượt là: a, b (mol) với a, b > 0

Hòa tan hỗn hợp A vào dung dịch HCl, ta có phương trình hóa học:

MgCO3+ 2HCl    →   MgCl2+ H2O + CO2a                 2a                          a          a                  a       mol

R2CO3n+ 2nHCl→2 RCln + nCO2+ nH2Ob                       2nb                            2b          nb                 mol

Suy ra: ∑nCO2=a+bn=3,3622,4=0,15mol

mddHCl=0,3.36,57,3%=150gam

⇒mddD= mddHCl+ mA−mCO2= 14,2 + 150 – 0.15.44 = 157,6 g

⇒mddE= mddD+ 32,4 = 190 g

a=nMgCl2=190.5%95=0,1mol

⇒bn = 0.05 ⇒b=0,05nmol

⇒mA= 0,1.84 + 0,05n .(2MR+60n)= 14.2

M_R = 28n

Xét bảng

n	1	2	3
MR	28	56	84
	Loại	Chọn	Loại

Suy ra R là Fe

%mMgCO3=8,414,2.100%=59,15%

%mFeCO3=100%−59,15%=40,85%

Phương trình hóa học

NaHCO3+ CaOH2→CaCO3+ NaOH + H2O

Na2CO3+ CaOH2→CaCO3+ 2 NaOH

Nếu muối trong dung dịch X còn dư thì :

nC(X)>nCa

Bảo toàn nguyên tố Cacbon ta có:

nC(X)=nNaHCO3+nNa2CO3=0,1+0,2=0,3mol

Mà nCa=nCa(OH)2=0,32mol>0,3

Suy ra Ca(OH)₂  dư ⇒nCaCO3=nC(X)=0,3mol

Vậy khối lượng kết tủa tạo thành là 0,3.100 = 100 gam.

nCO2=nCaCO3=0,375(mol)⇒nC=nCO2=0,375mol

mgiam=mCaCO3−mCO2−mH2O=37,5− 0,375.44−mH2O=14,25⇒mH2O=6,75gam⇒nH2O=6,7518=0,375mol

Bảo toàn nguyên tố H:

nH(X)=2nH2O=0,75mol

MA=32.2,3125=74 g/mol

mO=9,25−0,375.12−0,75.1=4gam⇒nO=416=0,25mol

Gọi công thức phân tử của A là CxHyOz

Ta có: x:y:z = 0,375 :0,75 : 0,25 = 3: 6 :2

⇒Công thức đơn giản của A: (C₃H₆O₂)_n

Ta có: 74.n=74⇒ n=1⇒Vậy CTPT của A: C₃H₆O₂

Phần 1:

CnH2n+1OH+Na→CnH2n+1ONa+12H2
CmH2m+1COOH+Na→CmH2m+1COONa+12H2

Theo phương trình có nX(P1)=2nH2=2.0,07=0,14mol

Phần 2:

CnH2n+2O+3n2O2→t°nCO2+(n+1)H2O

Cm+1H2(m+1)O2+3n−22O2  →t°    (m+1)CO2+(m+1)H2O

Theo phương trình: nCnH2n+2O(P1=P2)=nH2O−nCO2=0,28−0,22=0,06mol

⇒nCmH2m+1COOH=0,14−0,06=0,08mol

CnH2n+2O   +  3n2O2→t°   nCO2   +   (n+1)H2O0,06                                        0,06n               0,06.(n+1)  mol

Cm+1H2(m+1)O2+3n−22O2→t°(m+1)CO2+(m+1)H2O0,08                                                     0,08(m+1)         0,08(m+1)   mol

∑nCO2=0,06n+(0,08(m+1)=0,22⇔0,06n+0,08m=0,14⇔6n+8m=14(1)⇒8m<14⇒m<1,75

Vì m nguyên, mm ≥0⇒m=0;1

Xét bảng:

m	0	1
n	2,33	1
	Loại	Chọn

 

Vậy rượu CnH2n+1OH(n≥1)là CH₃OH

axit CmH2m+1COOH(m≥0)là CH₃COOH

b)

a = 32.0,06=1,92 gam

b = 60.0,08=4,8 gam