Điện trường tại một điểm $E=k\frac{\left|Q\right|}{\epsilon r^2}$  không phụ thuộc vào độ lớn của điện tích thử $\Rightarrow$  do vậy việc tăng hay giảm độ lớn của điện tích thử không làm thay đổi độ lớn của cường độ điện trường.

Chọn đáp án D

Lực Culông đóng vai trò lực hướng tâm nên  $F=\frac{m{v}^2}{r}=\frac{k{e}^2}{r^2}\Rightarrow v=e\sqrt{\frac{k}{mr}}.$

Ta có: $\omega =\frac{v}{r}=e\sqrt{\frac{k}{m{r}^3}}=4,{1.10}^{16}\text{\hspace{0.17em}rad}/\text{s.}$

Chọn đáp án B

Bước sóng của sóng điện từ:$\lambda =2\pi .c\sqrt{LC}$ ; hai tụ mắc nối tiếp $\left(C_{1}nt{C}_2\right)$  :$C_{nt}=\frac{C_1{C}_2}{C_1+C_2}$ .

Suy ra:${\lambda }_{nt}=2\pi .c\sqrt{L\left(\frac{C_1{C}_2}{C_1+C_2}\right)}$

$\Rightarrow \frac{1}{{\lambda }_{nt}^2}=\frac{1}{{\lambda }_1^2}+\frac{1}{{\lambda }_2^2}\Rightarrow {\lambda }_{nt}^{}=\frac{{\lambda }_1^{}{\lambda }_2^{}}{\sqrt{{\lambda }_1^2+{\lambda }_2^2}}=\frac{100.75}{\sqrt{{100}^2+{75}^2}}=60\left(m\right)$

 Chọn đáp án C

Khoảng vân là:$i=\frac{\lambda D}{a}=\frac{0,5.1}{1}=0,5\left(mm\right)$

Trên đoạn MN, ta có: 

$\Rightarrow 4\le k\le 12,5\Rightarrow k=4;5;6;\mathrm{...};12$

Vậy trên đoạn MN có 9 vân sáng.

Chọn đáp án B

Viết phương trình phóng xạ ${}_{\text{6}}^{\text{14}}\text{C}\to {}_{\text{Z}}{}^{\text{A}}\text{X+}{}_{\text{-1}}{}^{\text{0}}\beta ^{\text{-}}$ , do đó X là hạt nhân ${}_{\text{7}}^{\text{14}}\text{N}$

Hạt này có 7 prôtôn và 7 nơtron

Chọn đáp án B

Ta có:

 $\frac{hc}{{\lambda }_1}=E_4-E_2=-\frac{13,6}{4^2}-\left(-\frac{13,6}{2^2}\right)=2,55\left(1\right)$

$\frac{hc}{{\lambda }_2}=E_5-E_3=-\frac{13,6}{5^2}-\left(-\frac{13,6}{3^2}\right)=\frac{1088}{1125}\left(2\right)$

$\frac{\left(1\right)}{\left(2\right)}=\frac{{\lambda }_2}{{\lambda }_1}=\frac{E_4-E_2}{E_5-E_3}=\frac{675}{256}\Rightarrow 675{\lambda }_1=256{\lambda }_2.$

Chọn đáp án C

Áp dụng định luật khúc xạ ánh sáng: $n_1\sin i=n_2\sin r$  ta có:

$\left\{\begin{array}{l}\sqrt{2}\sin {30}^0=\sin r_d\\ \sqrt{3}\sin {30}^0=\sin r_t\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{r}_d={45}^0\\ r_t={60}^0\end{array}\right.$

Góc lệch giữa tia đỏ và tia tím sau khi tán sắc là:  $D=r_t-r_d={15}^0.$

Chọn đáp án A

Vì chỉ có 99% êlectron đập vào anôt chuyển thành nhiệt năng nên dòng điện tới anôt là I’ = 0,99I.

Nhiệt lượng anôt nhận được chính bằng nhiệt lượng do ống phát ra nên:  $I{\text{'}}^2.R.t=m.c.\Delta t$

$\Rightarrow \Delta t=\frac{I{\text{'}}^2.R.t}{m.c}=\frac{{\left(0,{99.10}^{-3}\right)}^2.\frac{{10.10}^3}{{10}^{-3}}.60}{0,1.120}=49,{005}^{0}C$

Chọn đáp án D

Vì M là vân sáng, N là vân tối, giữa M và N có 15 vân tối nên:

 $MN=15i+\frac{i}{2}=23,25mm\Rightarrow i=1,5mm.$

Bước sóng ánh sáng dùng trong thí nghiệm là:  $\lambda =\frac{ai}{D}=\frac{0,8.1,5}{2,5}=0,48\mu m.$

Tần số ánh sáng do nguồn S phát ra là: $f=\frac{c}{\lambda }=\frac{{3.10}^8}{0,{48.10}^{-6}}=6,{25.10}^{14}Hz.$

Chọn đáp án B

Cường độ dòng điện cực đại trong mạch:  $I_0=\sqrt{\frac{C}{L}}{U}_0=\sqrt{\frac{{3000.10}^{-12}}{{30.10}^{-6}}}.6=0,06A.$

Để duy trì dao động điện từ trong mạch với hiệu điện thế cực đại trên tụ điện là 6 V thì phải bù đắp một phần năng lượng đúng bằng phần năng lượng đã mất đi do tỏa nhiệt trên điện trở R.

Năng lượng cần cung cấp để duy trì dao động của mạch phải có công suất bằng công suất tỏa nhiệt trên điện trở:  

$\text{P}=I^{2}R=\frac{I_0^2}{2}R=\frac{0,{06}^2}{2}1=1,{8.10}^{-3}W=1,8mW.$

Chọn đáp án B

Bán kính quỹ đạo dừng O và quỹ đạo dừng M lần lượt là $25r_0$  và $9r_0$ .

Bán kính quỹ đạo giảm bớt là  $25r_0–9r_0=16r_0.$

Chọn đáp án C

Khi dời S theo phương song song với $S_1{S}_2$ về phía $S_1$ thì vị trí vân trung tâm thay đổi một đoạn  

$\Delta y=\frac{\Delta x.D}{d}\Rightarrow d=\frac{\Delta x.D}{\Delta y}=\frac{1,{5.10}^{-3}.2,7}{4,{5.10}^{-3}}=0,9m.$

Chọn đáp án B

Ta có:  $x_s=ki=k\frac{\lambda D}{a}$

Lại có:  $x_s=4\frac{{\lambda }_{D}D}{a}\Rightarrow k\lambda =4{\lambda }_d\Rightarrow \lambda =\frac{4{\lambda }_d}{k}=\frac{3,04}{k}\left(\mu m\right)$

Mà:  $0,38\le \frac{3,04}{k}\le 0,76\Rightarrow 4\le k\le 8$

$\Rightarrow$Tại vị trí đó còn có 4 vân sáng nữa của các ánh sáng đơn sắc

Chọn đáp án A

Lực Culông đóng vai trò lực hướng tâm nên  $F=\frac{m{v}^2}{r}=\frac{k{e}^2}{r^2}\Rightarrow v=e\sqrt{\frac{k}{mr}}.$

Ta có:  $\frac{v_N}{v_K}=\sqrt{\frac{r_K}{r_N}}=\sqrt{\frac{r_0}{16r_0}}=\frac{1}{4}\Rightarrow v_N=\frac{v_K}{4}=5,{465.10}^5\text{\hspace{0.17em}m}/\text{s.}$

Chọn đáp án B

Khi chiếu chùm tia tử ngoại vào tấm kẽm tích điện âm thì êlectron bị bật ra khỏi tấm kẽm nên tấm kẽm mất điện tích âm.

Chọn đáp án B

+ Khi chiếu chùm tia tử ngoại vào tấm kẽm tích điện âm thì tấm kẽm bị mất điện tích âm nghĩa là electron đã bị bật ra khỏi tâm kẽm. 

+ Khi chiếu chùm tia hồng ngoại vào tấm kẽm tích điện âm thì điện tích âm của tấm kẽm không đổi.

Chọn đáp án A

Trong mỗi phản ứng hạt nhân, năng lượng có thể bị hấp thụ hoặc được tỏa ra. Tổng khối lượng nghỉ của các hạt sau phản ứng có thể tăng hoặc giảm tùy theo phản ứng.

Các hạt sinh ra có khối lượng nhỏ hơn tổng khối lượng của các hạt ban đầu: phản ứng tỏa năng lượng.

Các hạt sinh ra có khối lượng lớn hơn tổng khối lượng của các hạt ban đầu: phản ứng thu năng lượng.

Chọn đáp án C