Đáp án đúng là: C

Dựa vào các đặc điểm của laze:

+ Có cường độ lớn

+ Có tính kết hợp cao

+ Có tính định hướng cao

+ Có tính đơn sắc cao.

Đáp án đúng là: B

A, C, D - đúng

B - sai vì không có định luật bảo toàn số proton.

Đáp án đúng là: A

Ta có: Khi nguyên tử chuyển từ trạng thái dừng có năng lượng E_n sang trạng thái có năng lượng E_m < E_n thì nó phát ra một photon có năng lượng ε = E_n −E_m.

Đáp án đúng là: C

Hiện tượng quang điện trong là hiện tượng electron liên kết được giải phóng thành êlectron dẫn khi chất bán dẫn được chiếu bằng bức xạ thích hợp.

Đáp án đúng là: B

=> Bước sóng của tia hồng ngoại lớn hơn bước sóng của tia tử ngoại.

Đáp án đúng là: D

Ta có: Hiện tượng quang - phát quang là hiện tượng chất phát quang có thể hấp thụ ánh sáng có bước sóng này để phát ra ánh sáng có bước sóng khác

=> Trong hiện tượng quang - phát quang, sự hấp thụ hoàn toàn một photon sẽ đưa đến sự phát ra một photon khác.

Đáp án đúng là: D

Ánh sáng đơn sắc là ánh sáng không bị tán sắc khi đi qua lăng kính.

Đáp án đúng là: B

Trong thông tin liên lạc bằng sóng điện từ, sau khi trộn tín hiệu âm tần có tần số f_a với tín hiệu dao động cao tần có tần số f (biến điệu biên độ) thì tín hiệu đưa đến ăng ten phát biến thiên tuần hoàn với tần số f và biên độ biến thiên theo thời gian và tần số bằng f_a.

Đáp án đúng là: B

${}_1^{2}D$+${}_1^{2}D$→${}_2^{3}He$ + n + 3,25MeV là phản ứng nhiệt hạch.

Đáp án đúng là: C

Phóng xạ là hiện tượng hạt nhân không bền vững tự phân rã, phát ra các tia phóng xạ và biến đổi thành các hạt nhân khác.

Đáp án đúng là: D

A, B, C - đúng

Mạch dao động điện từ tự do (mạch dao động LC lí tưởng) có năng lượng điện trường tập trung trong tụ điện và năng lượng từ trường tập trung trong cuộn cảm. Hai năng lượng này luôn chuyển hóa lẫn nhau.

=> Sự chuyển hóa năng lượng điện trường sang từ trường và ngược lại không là nguyên nhân gây tắt dần dao động.

=> D – sai.

Đáp án đúng là: A

Từ phương trình cường độ dòng điện I = 0,02cos2000t(A)

Ta có: ω = 2000 (rad/s)

Mặt khác, ta có: $\omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}\Rightarrow L=\frac{1}{C{\omega }^2}=\frac{1}{{5.10}^{-6}{.2000}^2}$ = 0,05H.

Đáp án đúng là: A

$I_1={\omega }_{1}q=\frac{q}{\sqrt{L_{1}C}} ={\omega }_{2}q=\frac{q}{\sqrt{L_{2}C}}\Rightarrow \frac{I_1}{I_2}=\sqrt{\frac{L_2}{L_1}} = \frac{70}{35}=\frac{L_2}{L_1} =4.$

$\Rightarrow$L2 = 4L1.

$I_3={\omega }_{3}q=\frac{q}{\sqrt{L_{3}C}} \Rightarrow \frac{I_3}{I_1}=\sqrt{\frac{L_1}{L_3}} = \sqrt{\frac{L_1}{13L_1+9L_2}}=\sqrt{\frac{L_1}{13L_1+9.4L_1}} =\frac{1}{7}.$

$\Rightarrow$ I3 = $\frac{I_1}{7}=\frac{70}{7}$ = 10mA.

Đáp án đúng là: A

Ta có:

- Khi q = 0; i = 3π(mA) = I0

=> Khi i = $\frac{3\sqrt{3}\pi }{2}$mA = $\frac{I_0\sqrt{3}}{2}$

Vẽ vòng tròn lượng giác, ta được:

Từ vòng tròn lượng giác, ta có: cosΔφ = $\frac{\frac{I_0\sqrt{3}}{2}}{I_0}=\frac{\sqrt{3}}{2}$

$\Rightarrow$ Δφ = $\frac{\pi }{6}$

$\Rightarrow$ q′ = q0sinΔφ = q0sin$\frac{\pi }{6}$ = $\frac{q_0}{2}$ = 0,5μC

$\Rightarrow$ q0 = 1μC

$\Rightarrow$ω = I0q0 = $\frac{3\pi {.10}^{-3}}{{10}^{-6}}$ = 3π.103(rad/s)

Ta có: Δφ = ωΔt

$\Rightarrow \Delta t=\frac{\Delta \phi }{\omega }=\frac{\frac{\pi }{6}}{3.\pi {.10}^3}=\frac{1}{18}{.10}^{-3}=\frac{1}{18}ms.$

Đáp án đúng là: B

Ta có: λ = 2πc.$\sqrt{LC}$

$\begin{array}{l}{\lambda }_{\min }=2\pi c.\sqrt{L{C}_{\min }}=2\pi {\mathrm{.3.10}}^8\sqrt{\frac{{\mathrm{2,5.10}}^{-6}}{\pi }.\frac{{10.10}^{-12}}{\pi }}=3cm.\\ {\lambda }_{\max }=2\pi c.\sqrt{L{C}_{\max }}=2\pi {\mathrm{.3.10}}^8\sqrt{\frac{{\mathrm{2,5.10}}^{-6}}{\pi }.\frac{{160.10}^{-12}}{\pi }}=12cm.\end{array}$

$\Rightarrow$3 m ≤ λ ≤ 12 m.

Đáp án đúng là: D

Khoảng cách giữa 5 vân sáng liên tiếp là 3,6 mm = 4i

=> khoảng vân i = $\frac{\mathrm{3,6}}{4}$ = 0,9mm = 0,9.10-3m.

Ta có: a = 1 mm = 10−3m

Bước sóng $i=\frac{\lambda D}{a}\Rightarrow \lambda =\frac{ia}{D}=\frac{{\mathrm{0,9.10}}^{-3}{\mathrm{.1.10}}^{-3}}{\mathrm{1,5}}$= 0,6μm.

Đáp án đúng là: D

Ta có $i=\frac{\lambda D}{a}=\frac{{600.10}^{-9}.2}{{10}^{-3}}={\mathrm{1,2.10}}^{-3}$m = 1,2 mm.

Đáp án đúng là: D

Ta có, trên màn có 9 vân sáng

=> Khoảng cách giữa 9 vân sáng là 8i = 7,2mm => i =  0,9 mm

Tại vị trí cách trung tâm 14,4 mm = 16i => Vân sáng thứ 16.

Đáp án đúng là: A

Ta có:

+ Khoảng vân:  $i=\frac{\lambda D}{a}=\frac{{\mathrm{0,5.10}}^{-6}.1}{{\mathrm{0,5.10}}^{-3}}={10}^{-3}m$ = 1 mm.

+ Số vân sáng trên màn: Ns = 2$\left[\frac{L}{2i}\right]$+ 1 = 13.

Ta có: phần thập phân của $\frac{L}{2i}$ = 0,5.

=> Số vân tối trên màn: Nt = NS + 1 = 14.

Đáp án đúng là: C

Ta có, khi dịch chuyển nguồn sáng S theo phương song song về phía S2

Khi đó, vân trung tâm dịch chuyển một đoạn

$x_0=\frac{\Delta x.D}{d}$ về phía S1

Ta có: OO′ = x0, để tại O chuyển từ cực đại sang cực tiểu thì

x0 = (k + 0,5)i $\Rightarrow$ $\frac{\Delta x.D}{d}$ = (k+0,5)i $\Rightarrow$ Δx = (k + 0,5)$\frac{d}{D}i$

(Δx)min = 0,5$\frac{d}{D}i$ (khi k = 0)

Vậy để O chuyển từ cực đại sang cực tiểu thì S phải dịch chuyển một đoạn tối thiểu:

(Δx)min = 0,5$\frac{d}{D}i$= 0,5.$\frac{\mathrm{0,6}}{\mathrm{1,5}}$.3.10−3 = 0,6.10−3 m = 0,6 mm.

Đáp án đúng là: C

Tại vị trí vân trùng ta có:

12i1 = 10i2 ⇔ 12λ1 = 10λ2 ⇒ $\frac{{\lambda }_1}{{\lambda }_2}=\frac{5}{6}$.

Đáp án đúng là: D

Vị trí của vân sáng bậc 3 của sáng tím trùng với vân sáng của ánh sáng đơn sắc khác

Sử dụng điều kiện của 2 vân sáng trùng nhau ta có:

$\frac{k_1{\lambda }_{1}D}{a}=\frac{k_2{\lambda }_{2}D}{a}$

⇔ k1λ1 = k2.λ2 ⇔ 3.400 = k2.λ2 ⇔ λ2=$\frac{1200}{k_1}$ trong đó k1,k2 là số nguyên

Mà: 400 ≤ λ2 ≤ 750 ⇔ 400 < $\frac{1200}{k_1}$ ≤ 750 ⇒ k2 = 2 ⇒ λ2 = 600 nm.

Đáp án đúng là: B

Ta có: Cường độ dòng quang điện khi đó là dòng quang điện bão hòa:

I_bh = n_e.$\left|e\right|$$\Rightarrow$ n_e = $\frac{I_{bh}}{\left|e\right|}$ = 2.10¹⁵

=> Số electron thoát ra khỏi catốt trong mỗi giây là n_e = 2.10¹⁵.

Đáp án đúng là: A

Theo bài ra ta có:

r_m = m²r₀ (m ∈ N∗); r_n = n²r₀ (n ∈ N∗)

⇒ r_m − r_n = 36r₀ ⇒ m² − n² = 36 ⇒ (m − n)(m + n) = 36

m – n và m + n là ước của 36. Mặt khác tổng của m – n và m + n là một số chẵn nên hai số m – n và m + n sẽ cùng chẵn hoặc cùng lẻ

⇒$\left\{\begin{array}{l}m-n=2\\ m+n=18\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}m=10\\ n=8\end{array}\right.$

⇒ r_m = 100r_{0 .}

Đáp án đúng là: D

1 nguyên tử Al có 13 proton

Số nguyên tử  trong 0,27g Al là:

N = m.$\frac{N_A}{A}$= 0,27. $\frac{{\mathrm{6,02.10}}^{23}}{27}$= 6,02.1021

Số proton trong 0,27g Al là: 13.N = 7,826.1022

Đáp án đúng là: A

Năng lượng toả ra của phản ứng hạt nhân:

ΔE = W_lkHe − W_lkD − W_lkT = (4ε_He − 3ε_T − 2ε_D) = 17,69MeV.

Đáp án đúng là: D

Đáp án đúng là: A

Gọi N0 là số nguyên tử của U238 và cũng là số nguyên tử của U235 ở thời điểm tạo thành trái đất.

Số nguyên tử của chúng tại thời điểm t: N1 = N0.$2^{\frac{-t}{T_1}}$ ; N2 = N0.$2^{\frac{-t}{T_2}}$ 

Theo đề bài, ta có: $\frac{N_1}{N_2}=\frac{2^{\frac{-t}{T_1}}}{2^{\frac{-t}{T_2}}}=2^{\frac{t}{T_2}-\frac{t}{T_1}}$= 140

⇒ $\frac{t}{T_2}-\frac{t}{T_1}={\log }_2^{140}=\mathrm{7,13}$ ⇒ t = 60,4.108.

Đáp án đúng là: D

Năng lượng toả ra khi một hạt U phân hạch là:

ΔE = $\left[\left(m_u+m_n\right)-\left(m_{Mo}+m_{La}+2m_n\right)\right]$c2

 = (234,99−94,88−138,87−1,0087)uc2

= 0,2313.931,5=215,5MeV

1 (g) U235 chứa: N = $\frac{m}{A}$. NA = $\frac{1}{235}$.6,02.1023 = 2,56.1021 hạt.

1 gam U phân hạch hết toả năng lượng:

E = N.ΔE = 5,52.1023MeV = 8,832.1010J

Lượng xăng cần sử dụng là: m = $\frac{{\mathrm{8,832.10}}^{10}}{{46.10}^6}$ = 1920kg.

Đáp án đúng là: C

Khi K đóng $I_0=\frac{E}{R+r+R_0}=\frac{12}{18+1+5}=\mathrm{0,5}A$

Điện áp 2 đầu tụ C lúc đầu: U0 = I0(R + R0) = 0,5.23 = 11,5 V

Năng lượng lúc đầu của mạch:

$W=\frac{C{U_0}^2}{2}=\frac{L{I_0}^2}{2}=\frac{{10}^{-4}{\mathrm{.11.5}}^2+{\mathrm{0,2.0,5}}^2}{2}$ = 0,0316125J

Năng lượng tỏa ra trên R và R0  tỉ lệ thuận với điện trở.

$\Rightarrow \frac{R}{R_0}=\frac{18}{5}$

$\Rightarrow$ Nhiệt lượng tỏa ra chia thành 23 phần thì tỏa trên R 18 phần.

Khi mạch tắt hoàn toàn thì năng lượng W chuyển thành nhiệt lượng tỏa ra trên R và R0 nên ta có: Q = W

$\Rightarrow$ Nhiệt lượng tỏa ra trên

QR = $\frac{18}{23}$.W = $\frac{18}{23}$. 0,0316125 = 0,024740217J ≈ 0,02474J = 24,74mJ.

Đáp án đúng là: B

Phương trình phản ứng: $2_1^{1}p+2_0^{1}n{\to }_2^{4}He$

1MeV = 1,6.10^-13J

Năng lượng toả ra khi tạo thành một hạt nhân He là:

ΔE = (2m_p + 2m_n − m_He)c² = 28,41075MeV

Số hạt nhân nguyên tử He chứa trong 1 mol nguyên tử He là: N = 6,02.10²³

$\Rightarrow$ Năng lượng tỏa ra khi tạo thành 1 mol heli là:

E = N.ΔE = 6,02.10²³.28,41075.1,6.10⁻¹³ = 2,74.10¹²J.

Đáp án đúng là: A

Áp dụng định lý hàm số cos, ta có:

OV² = OA² + AV² − 2OA.AV.cos135⁰ $\Rightarrow$ AV = 37500km.

Mặt khác, ta có:

AV = ct

$\Rightarrow t=\frac{AV}{c}=\frac{37500.1000}{{3.10}^8}$= 0,125s.