100 câu trắc nghiệm Nito - Photpho cơ bản (P3)

Đáp án C

2NH₃+ 3CuO $\stackrel{t^o}{\to }$N₂+ 3Cu + 3H₂O (1)

X là NH₃, Y chứa N₂, H₂O, có thể NH₃ dư

- Cho Y qua ống (1) đựng CuSO₄ khan:

CuSO_{4 khan}+ 5H₂O → CuSO₄.5H₂O

Trắng                                xanh

- Cho Y qua ống 2 đựng nước vôi trong: không có  phản ứng nên nước vôi không bị vẩn đục

Đáp án A không đúng vì nếu X là CH₄ thì Y chứa CO₂, H₂O

Khi cho Y qua nước vôi trong thì nước vôi trong bị vẩn đục do :

CO₂+ Ca(OH)₂ → CaCO₃+ H₂O

Đáp án B không đúng vì khí H₂S không tác dụng với CuO

Đáp án D không đúng vì khí HCl không tác dụng với CuO

Đáp án A

Ta có sơ đồ phản ứng:

Ca₃(PO₄)₂ → 2P

Theo sơ đồ : n_Ca3(PO4)2= ½. n_P= ½. 6200/31=100 mol

→m_Ca3(PO4)2= 100. 310= 310 00 gam= 31 kg

Do hiệu suất đạt 80% nên m_{Ca3(PO4)2 thực tế}= 31.100/80=38,75 gam

→ m_quặng= 38,75.100/90=43,056 kg

Đáp án D

3NH₃+ AlCl₃+ 3H₂O→ 2Al(OH)₃+3 NH₄Cl (1)

3NH₃+ FeCl₃+ 3H₂O→ 2Fe(OH)₃+3 NH₄Cl (2)

2NH₃+ CuCl₂+ 2H₂O→ Cu(OH)₂+2 NH₄Cl (3)

4NH₃+ Cu(OH)₂ → [Cu(NH₃)₄](OH)₂ (4)

Do NH₃ dư nên sau phản ứng chỉ thu được kết tủa Y gồm Al(OH)₃ và Fe(OH)₃

2Al(OH)_{3$\stackrel{t^o}{\to }$}Al₂O₃+ 3H₂O (5)

2Fe(OH)₃$\stackrel{t^o}{\to }$Fe₂O₃+ 3H₂O (6)

Chất rắn Z chứa Al₂O₃, Fe₂O₃

NH₃ là chất khử chỉ khử được các oxit kim loại sau nhôm trong dãy hoạt động hóa học

2NH₃+ Fe₂O₃$\stackrel{t^o}{\to }$N₂+ 2Fe + 3H₂O (1)

Vậy chất rắn R chứa Al₂O₃ và Fe

Đáp án D

Ta có P₂O₅+ 3H₂O→2H₃PO₄

n_H3PO4= 2.n_P2O5=0,02 mol, n_KOH=0,05 mol

Ta xét tỉ lệ T= n_KOH/ n_H3PO4= 0,05/0,02= 2,5

→ 2 < T < 3

→ Khi H₃PO₄ tác dụng với KOH xảy ra 2 phương trình sau:

H₃PO₄+ 2KOH→ K₂HPO₄+2 H₂O

H₃PO₄+ 3KOH→ K₃PO₄+3 H₂O

Cô cạn dung dịch X thu được K₂HPO₄ và K₃PO₄

Đáp án A

Ta có n_NH3= 0,06 mol; n_Cl2= 0,03 mol

          2NH₃+ 3Cl₂ →N₂+ 6HCl (1)

Ban đầu   0,06     0,03

Phản ứng 0,02     0,03    0,06 mol

Sau pứ     0,04                 0,06 mol

Sau phản ứng thu được 0,04 mol NH₃ và 0,06 mol HCl

→%V_NH3= 40%; %V_HCl= 60%

Đáp án B

6NH₃+ Al₂(SO₄)₃+ 6H₂O→ 2Al(OH)₃+3 (NH₄)₂SO₄ (1)

NaOH + Al(OH)₃ → NaAlO₂+ H₂O (2)

Có  n_Al(OH)3= n_NaOH= 0,01.2= 0,02 mol

→ n_Al2(SO4)3= $\frac{1}{2}$. n_Al(OH)3= 0,01 mol

→ C_{M Al2(SO4)3}= 0,01/ 0,02= 0,5M

Đáp án A

Theo nguyên lí chuyển dịch cân bằng khi giảm nồng độ NH₃ thì cân bằng sẽ chuyển dịch theo chiều chống lại sự thay đổi đó tức là chuyển dịch theo chiều thuận.

Đáp án A

Fe₂O₃+ 6 HNO₃→ 2Fe(NO₃)₃+ 3H₂O

FeO + 4HNO_{3 đặc nóng} → Fe(NO₃)₃+ NO₂↑+2 H₂O

3Fe₃O₄ + 28HNO_{3 đặc nóng} → 9Fe(NO₃)₃+ NO₂↑+ 14H₂O

Đáp án C

Do $\frac{1}{1}>\frac{4}{3} \to$Hiệu suất tính theo ${\mathrm{N}}_2$

Đặt số mol N₂ ban đầu là x mol

→ n_{H2 ban đầu}= 4x mol;

Do hiệu suất phản ứng là 25% nên

n_{N2 pứ}= 25%.x= 0,25x mol

                ${\mathrm{N}}_2 + 3{\mathrm{H}}_2 \stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt},\mathrm{p}}{\rightleftharpoons } 2{\mathrm{NH}}_3$

Ban đầu     x             4x          

Phản ứng  0.25x       0.75x    0.5x mol

Sau pứ      0.75x       3.25x    0.5x mol

Sau phản ứng n_NH3= 0,5x= 1,5 suy ra x=3 mol

→V= 22,4. (x+4x)= 22,4.5.3=336 lít

Đáp án C

Ở cùng điều kiện tỉ lệ về số mol bằng tỉ lệ thể tích

Đặt V_N2=x m³, V_H2= 3x m³

→ V_hh= x+ 3x= 10 m³ → x= 2,5

→ V_N2=2,5 m³, V_H2= 7,5 m³

Ta có V_N2 / 1= V_H2 / 3 nên hiệu suất tính theo N₂ hoặc H₂

V_{N2 pứ}= V_N2.95%= 2,375 m³

N₂+         3H₂⇌ 2NH₃

2,375      →       4,75 m³

Đáp án A

N₂+ 3H₂2NH₃

n_NH3= 1mol

Theo PTHH: n_{N2 (PT)}= ½.n_NH3= 0,5 mol;

Vì H=25% nên

 $$\begin{gathered} {\mathrm{n}}_{{\mathrm{NH}}_{3 }}(\mathrm{thực} \mathrm{tế})=0,5:25\%=2 \mathrm{mol} \\ {\mathrm{V}}_{\mathrm{N}2}=2.22,4=44,8 \mathrm{lít} \end{gathered}$$

Đáp án D

Nồng độ ban đầu của N₂ và H₂ lần lượt là: x, y mol/l

Ban đầu      x                y                         mol/l

Phản ứng    1                 3$\leftarrow$               2mol/l

Sau pứ       x-1              y-3                          2mol/l

Ta có: [N₂]= 2,5 mol/l= x-1 nên x= 3,5M

[H₂]= 1,5 mol/l= y-3 nên y=4,5M

Đáp án D

N₂+         3H₂2NH₃         ∆H <0

Khi tăng áp suất cân bằng chuyển dịch theo chiều làm giảm số mol khí (tức là chiều thuận)

Phản ứng thuận có ∆H <0 là phản ứng tỏa nhiệt

Nên khi giảm nhiệt độ cân bằng chuyển dịch theo chiều phản ứng thuận (tỏa nhiệt)

Vậy hiệu suất của phản ứng giữa N₂ và H₂ tạo thành sẽ tăng nếu: tăng áp suất và giảm nhiệt độ.

Đáp án B

P₂O₅+ 3H₂O → 2 H₃PO₄ (1)

Tổng số mol OH^- có trong dung dịch là 0,3.1+0,3.1= 0,6 mol

Đặt số mol HPO₄^2- là x mol, số mol H₂PO₄^- là x mol

OH^-+ H₃PO₄ →H₂PO₄^-+ H₂O (2)

2OH^-+ H₃PO₄ → HPO₄^2-+ 2H₂O (3)

Theo PT (2), (3) có:

n_OH-= n_H2PO4-+ 2n_HPO4(2-)= x+ 2x= 3x (mol)= 0,6

Suy ra x= 0,2 mol→ n_{H3PO4 PT (2), (3)}= x+ x= 0,4 mol

→n_P2O5= ½. n_H3PO4= 0,2 mol

Đáp án C

Để làm khô khí ammonia có thể dùng CaO khan vì CaO khan có khả năng hút ẩm nhưng không phản ứng với ammonia:

CaO + H₂O → Ca(OH)₂

Không lựa chọn H₂SO₄ đặc vì:

2NH₃+ H₂SO₄→ (NH₄)₂SO₄

Không lựa chọn P₂O₅ vì:

P₂O₅+ 3H₂O → 2 H₃PO₄

Sau đó H₃PO₄ phản ứng với NH₃ theo phương trình:

3NH₃+ H₃PO₄→ (NH₄)₃PO₄

Không lựa chọn CuSO₄ khan vì:

2NH₃+ CuSO₄+ 2H₂O→ Cu(OH)₂+(NH₄)₂SO₄

4NH₃+ Cu(OH)₂ → [Cu(NH₃)₄](OH)₂

Chất được chọn để làm khô phải có khả năng hút nước và không phản ứng với chất cần làm khô.

Đáp án D

  N₂ +  3H₂2NH₃

Theo PT V_H2=3/2V_NH3= 6 lít

Do hiệu suất 50% nên:

V_{H2 thực tế}= 100. V_H2/50= 100.6/50= 12 lít

Đáp án C

       N₂+   3H₂2NH₃

Ta có n_NH3=6mol

Theo PT: n_N2= ½. n_NH3= 3 mol,

                n_H2= 3/2n_NH3=9 mol

Do hiệu suất bằng 25% nên:

n_{N2 thực tế}= n_N2.100/25=12 mol

Ta có n_{H2 thực tế}= n_H2.100/25= 9.4= 36 mol

→Tổng n_{hỗn hợp}= 12+ 36= 48 mol

→ V_{hỗn hợp}= 48.22,4=1075,2 lít

Đáp án C.

N₂+         3H₂2NH₃

Trong cùng điều kiện thì tỉ lệ thể tích bằng tỉ lệ số mol

Theo PT : V_N2= ½. V_NH3= 1 lít, V_H2= 3/2. V_NH3=3 lít

Do hiệu suất 25% nên V_{N2 thực tế}= V_N2.100/25= 4 lít

Đáp án B

Chọn thể tích ban đầu của N₂ là 1 lít, H₂ là 3 lít

→ Thể tích ban đầu là 4 lít

→Thể tích khí giảm là V_{khí giảm}= 1/10.V_{ban đầu}= 1/10.4= 0,4 lít

→V_{NH3 sinh ra}= V_{ban đầu}- V_sau= V_{khí giảm}= 0,4 lít

N₂+         3H₂2NH₃

V_{N2 pứ}= 1/2V_{NH3 sỉnh} = 0,2 lít,

V_{H2 pứ}= 3/2.V_NH3sinh=  0,6 lít

→V_{N2 dư}= 0,8 lít, V_{H2 dư}= 3-0,6= 2,4 lít

Tổng thể tích khí sau phản ứng là:

V_sau=9/10.V_{ban đầu}= 0,9.4= 3,6 lít

→%V_{N2 dư}= 0,8.100%/3,6=22,22%;

%V_{H2 dư}= 2,4.100%/3,6=66,67%

%V_NH3=11,11%

Đáp án C

(NH₄)₂SO₄+ Ba(OH)₂→ BaSO₄↓ + 2NH₃↑ + 2H₂O