Xác định khối lượng este từ phản ứng este hóa

Chọn đáp án A

Ta có phản ứng

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\rightleftharpoons C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

Lập tỉ lệ ta có: Hiệu suất tính theo $n_{C{H}_{3}COOH}$

$\Rightarrow n_{C{H}_{3}COO{C}_2{H}_{5 }}=1,5\times 0,6=0,9 mol$

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

phản ứng:

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\rightleftarrows C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

có n_{ancol etylic} = 4,6 ÷ 46 = 0,1 mol;

n_{axit axetic} = 12 ÷ 60 = 0,2 mol

⇒ hiệu suất phản ứng 80% tính theo số mol ancol

⇒ n_este = 0,1 × 0,8 = 0,08 mol

⇒ m_este = 0,08 × 88 = 7,04 gam.

Chọn đáp án C

Trong điều kiện đun nóng, xúc tác H₂SO₄ đặc, xảy ra phản ứng:

CH₃COOH + C₂H₅OH ⇄ CH₃COOC₂H₅.

$n_{C{H}_{3}COOH }= 0,2 mol$; $n_{C_2{H}_{5}OH }= 0,1 mol$

→ Số mol este tính theo C₂H₅OH.

$n_{C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5 }=n_{C_2{H}_{5}OH}.H\%$

= 0,1.0,75 = 0,075 mol

$\Rightarrow m_{C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5 }= 6,60 gam$

Chọn đáp án C

n_axit > n_ancol

⇒ hiệu suất tính theo ancol.

⇒ n_este = 0,1 × 0,8 = 0,08 mol

⇒ x = 0,08 × 88 = 7,04(g)

Chọn đáp án B

Phương trình phản ứng:

${\left(C{H}_3\right)}_{2}CH-C{H}_{2}C{H}_{2}OH+C{H}_{3}COOH\leftrightarrow C{H}_{3}COOC{H}_{2}C{H}_{2}CH{\left(C{H}_3\right)}_2+H_{2}O$

Do $n_{ancol isoamylic}=\frac{200}{88} >n_{C{H}_{3}COOH }=\frac{132,35}{60}$

$\to m_{este}=\frac{132,35}{60}\times 0,68\times 130=195 gam$

Chọn đáp án A

$C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3+3C{H}_{3}COOH\to {\left(C{H}_{3}COO\right)}_3{C}_3{H}_5+3H_{2}O$

$\Rightarrow n_{este}=\frac{0,15}{3}=0,05$$\Rightarrow m_{este}=0,05\times 218\times 0,8=8,72\left(g\right)$

Chọn đáp án A

Ta có cho axit axetic tác dụng với glixerol và etilenglicol tạo sản phẩm.

$2C{H}_{3}COOH + HO-C{H}_2-C{H}_2-OH\to C{H}_{3}COOC{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_3+2H_{2}O$

$3C{H}_{3}COOH + HO-C{H}_2-C{H}_2-OH\to HO-C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_3+H_{2}O\to C_3{H}_5{\left(OOCC{H}_3\right)}_3+3H_{2}O$

$2C{H}_{3}COOH+HO-C{H}_2-C{H}_2-OH\to C_3{H}_5\left(OH\right){\left(OOCC{H}_3\right)}_2+2H_{2}O$

$C{H}_{3}COOH+C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3\to C_3{H}_5{\left(OH\right)}_2\left(OOCC{H}_3\right)+H_{2}O$

Nhận thấy $n_{H_{2}O}=n_{C{H}_{3}COOH phản ứng}=0,5. 4=2 mol$

Bảo toàn khối lượng

$\to m_{sản phẩm }=2. 60+0,5. 0,8. 92+0,8.1. 62-2. 18=170,4 gam$

Chọn đáp án C

Do thu được este nên phản ứng theo tỉ lệ 1:3

$glixerol+3axit acrylic\to este+H_{2}O$

Như vậy, hiệu suất tính theo axit acrylic

Chọn đáp án D

Phản ứng:

$C{H}_{3}COOH+C_3{H}_{7}OH\rightleftarrows C{H}_{3}COO{C}_3{H}_7+H_{2}O$

đề cho: $m_{C{H}_{3}COO{C}_3{H}_7 }=6,12 gam$$\Rightarrow n_{C{H}_{3}COO{C}_3{H}_7}=0,06 mol$

$M_{C{H}_{3}COOH}=M_{C_3{H}_{7}OH}=60$ và

m_axit = m_ancol = m gam

⇒ hiệu suất 40% tính theo cả 2 chất (như nhau ở cả 2)

⇒ m = 0,06 ÷ 0,4 × 60 = 9,0 gam

Chọn đáp án B

Ta có:

Phương trình phản ứng

Mặt khác hiệu suất este hóa là 50% nên ta có

Chọn đáp án A

Ta có: $n_{ancol}=n_{{}_{H_{2}O}}-n_{C{O}_2}=0,64-0,54=0,1mol$

Đặt CTTQ của axit là C_nH_2nO₂ (x mol) , của ancol là C_mH_{2m + 2}O (0,1 mol)

⇒ CTPT của axit là C₄H₈O₂ , của ancol là CH₄O

Chọn đáp án A

Ta có $n_{C_2{H}_{5}COOH}=n_{C{H}_{3}COOH}=\frac{26,8}{74+60}=0,2 mol$

$\Rightarrow \sum n_{Axit cacboxylic}=0,4 mol<n_{C_2{H}_{5}OH}=0,6 mol$

⇒ Hiệu suất tính theo ∑n_{Axit cacboxylic}

$\Rightarrow n_{C_2{H}_{5}OH pứ}=\sum n_{H_{2}O tạo thành}=0,4\times 0,75=0,3$

BTKL

$\to m_{Este }= 26,8\times 0,75 + 0,3\times 46 – 0,3\times 18 = 28,5$

Chọn đáp án B

$n_{C_2{H}_{5}OH}=0,1 mol$; $n_{C{H}_{3}COOH}=0,1 mol$

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\to C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

$n_{C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5}=0,1\times 88=8,8 gam$

Chọn đáp án C

Ta có phản ứng:

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_4{\left(OH\right)}_2\stackrel{1:1}{\to }C{H}_{3}COO{C}_2{H}_{4}OH \left[M=104\iff X\right]$

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_4{\left(OH\right)}_2\stackrel{1:2}{\to }{\left(C{H}_{3}COO\right)}_2{C}_2{H}_4 \left[M=146\iff Y\right]$

Đặt n_X = 2a và n_Y = a 

Với $n_{C{H}_{3}COOH đã pứ}=1\times 0,6=0,6 mol$

⇒ Bảo toàn gốc CH₃COO ta có:

2a×1 + a×2 = 0,6 ⇔ a = 0,15.

⇒ n_X = 0,3 mol

⇒ m_X = 0,3×104 = 31,2 gam

Chọn đáp án D

Ta có $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=0,18$

⇒ 2 Este là no đơn chức mạch hở có dạng C_nH_2nO₂

BTNT(O) $\Rightarrow n_E=\sum n_{Este}=\frac{0,18\times 2+0,18\times 1-0,22\times 2}{2}=0,05$

$\Rightarrow C trung bình của 2 este =\frac{n_{C{O}_2}}{n_E}=\frac{0,18}{0,05}=3,6$

⇒ Số C của 2 este lần lượt là C₃ và C₄

● Đặt số mol este $n_{C_{3 }}= a và n_{C_4 }= b$ ta có:

PT theo số mol hỗn hợp este:

a + b = 0,05 (1)

PT theo số $n_{C{O}_2}: 3a + 4b = 0,18 \left(2\right)$

Giải hệ (1) và (2)

$\Rightarrow n_{C_3 }= 0,02 và n_{C_{4 }}= 0,03$

$\Rightarrow \%n_{Este lớn}=\%n_{Este C_4}=\frac{0,03\times 100}{0,05}=60\%$

Chọn đáp án C

$\Rightarrow m_{este}=21,2\times 0,8+0,4\times 0,8\times 46-0,4\times 0,8\times 18=25,92$

Chọn đáp án B

đại diện 2 ancol no, đơn chức bằng ancol trung bình dạng C_nH_{2n + 2}O.

♦ giải đốt $C_n{H}_{2n + 2}+O_2\stackrel{t^0}{\to }0,175 mol C{O}_2+0,3 mol H_{2}O$

tương quan đốt: $n_{ancol}=n_{H_{2}O}–n_{C{O}_2}=0,125 mol$

→ n = 0,175 ÷ 0,125 = 1,4.

không cần bận tâm 2 ancol là gì, lượng bao nhiêu vì đề không yêu cầu nhé.!!!

► chú ý hiệu suất các phản ứng ĐỀU BẰNG 60% nên dùng ancol đại diện trên tạo este:

♦ phản ứng $C{H}_{3}COOH (dùng dư)+C_n{H}_{2n + 2}O\rightleftarrows C{H}_{3}COO{C}_n{H}_{2n + 1}+H_{2}O$

• n_este = 0,6n_ancol = 0,6 × 0,125

= 0,075 mol (vì axit dùng dư, hiệu suất tính theo ancol).

• M_este = 15 + 44 + 14n + 1

= 79,6 (thay giá trị n = 1,4 ở trên vào).

⇒ m_este = n × M = 0,075 × 79,6

= 5,97 gam

Chọn đáp án A

*Xét PƯ đốt cháy X: $n_{C{O}_2 }= 0,625 mol$; $n_{H_{2}O}=0,875 mol$

$n_{H_{2}O}>n_{C{O}_2}$ ⇒ X chứa ancol no, đơn, hở. Suy được CTPT trung bình của X là: C_2,5H₇O và m = 13,25; n_X = 0,25 mol.

*Xét PƯ este hóa: n_{axit axetic} = 0,24 mol.

X chứa ancol đơn nên X + axit axetic theo tỉ lệ 1 : 1, tạo CH₃COOC_2,5H₆.

Hiệu suất tính theo ancol là 60% (dĩ nhiên, số mol ancol phản ứng tính theo H=60% vẫn đảm bảo có đủ số mol axit axetic phản ứng: 0,25.60% < 0,24)

⇒ a = 0,25.(15 + 44 + 2,5.12 + 6.1).60%

= 14,25

Chọn đáp án B

♦ giải đốt: $0,25mol\left\{E,T\right\}+O_2\stackrel{t^0}{\to }0,65molC{O}_2+0,6mol{H}_{2}O$

có số C_{trung bình} = 0,65 ÷ 0,25 = 2,6

⇒ C_{ancol E} = 2 và C_{axit T} = 3 do n_E < n_T.

giải sơ đồ chéo giải rõ số mol có $n_{C_{2 }}= 0,1 mol$ và $n_{axit C_3}=0,15 mol.$

Vậy có 0,1 mol ancol C₂H₅OH và 0,15 mol axit C₃H_?O₂.

bảo toàn H có

? = (0,6 × 2 – 0,1 × 6) ÷ 0,15 = 4

⇒ axit là C₃H₄O₂.

♦ Phản ứng este hóa: $C{H}_2=CHCOOH+C_2{H}_{5}OH\rightleftarrows C{H}_2=CHCOO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

tỉ lệ phản ứng 1 : 1, số mol axit > ancol

⇒ hiệu suất phản ứng 60% tính theo số mol ancol.

$\Rightarrow m_{etse C{H}_2=CHCOO{C}_2{H}_5}$

= 0,1 × 0,6 × 100 = 6,00 gam

Chọn đáp án A

Ta có $n_{Axit}=n_{C{O}_2}=0,05 mol$

⇒ n_Este = 0,05×0,8 = 0,04 mol

⇒ M_Este = 3,52÷0,04 = 88

$\Rightarrow M_{RCOO{C}_2{H}_5 }= 88$ ⇔ R = 15

⇔ Axit là CH₃COOH.

⇒ m_Axit = 0,05×60 = 3 gam

Chọn đáp án B

axit metacrylic có công thức: $C{H}_2=C\left(C{H}_3\right)-COOH$

$n_{axit metacrylic}=\frac{688}{86}=8 mol$; $n_{C{H}_{3}OH}=\frac{320}{32}=10 mol$

$C{H}_2=C\left(C{H}_3\right)-COOH+C{H}_{3}OH\to C{H}_2=C\left(C{H}_3\right)-COOC{H}_3$

=> rượu metylic dư => $n_{este}$ thu được là: $\frac{8,60}{100}=4,8mol\Rightarrow m_{este}=4,8\times 100=480gam$

$\Rightarrow m_{polyme}=480\times \frac{80}{100}=384gam$

Chọn đáp án A

Ta có phản ứng: $C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\rightleftharpoons C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

Với $\sum n_{C{H}_{3}COOH}=n_{C{O}_2}=0,15 mol$

n_Este = 0,08 mol.

+ Nhận thấy  $\frac{0,08\times 100}{0,15}\ne 80\%$

⇒ Hiệu suất tính theo ancol.

⇒ n_Ancol = 0,8÷0,8 = 0,1 mol

⇒ m=0,15×60 +0,1×46 = 13,6 gam

Chọn đáp án C

Đặt công thức axit trung bình là RCOOH $(R=\frac{1+15}{2}=8)$

$n_X=0,1 mol<n_{C_2{H}_{5}OH}=0,125 mol$

⇒ hiệu suất tính theo axit.

⇒ este tạo thành là RCOOC₂H₅ với số mol là 0,1 × 0,8 = 0,08 mol

⇒ m = 0,08 × 81 = 6,48(g)

Chọn đáp án D

Đặt công thức trung bình cho hai axit là RCOOH

⇒ R = (1 × 1 + 15 × 1) ÷ 2

= 8.

Đặt công thức trung bình cho hai ancol là R'OH

⇒ R' = (3 × 15 + 2 × 29) ÷ (3 + 2)

= 20,6.

có: n_X = 11,13 ÷ 53 = 0,21 mol;

n_Y = 7,52 ÷ 37,6 = 0,2 mol.

⇒ hiệu suất tính theo Y và este tạo thành là RCOOR' có M_RCOOR' = 72,6.

⇒ m = 0,2 × 0,8 × 72,6

= 11,616 gam

Chọn đáp án A

Coi hỗn hợp X gồm HCOOH, $C{H}_{3}COOH$C và $C_{­2}{H}_{5}COOH$ (tỉ lệ 5:1:1) thành RCOOH với

$M_{RCOOH}=\frac{46\times 5+60+74}{7}=52$ $\to M_R= 7\times n_X =\frac{5,2}{52}=0,1mol$ 

PTPU

$RCOOH+C_2{H}_{5}OH\leftrightarrow RCOO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

Do $n_X=0,1 mol<n_{C_2{H}_{5}OH}=0,125 mol$

→ n_este = 0,1× 0,8 = 0,08 (mol)

→ m_este = 0,08×( 7 + 44 + 29)

= 6,4 gam.

Chọn đáp án D

$$\begin{gathered} n_{C{H}_{3}COOH }=3a mol; \\ {n}_{C_2{H}_{5}OH}=3b mol \end{gathered}$$

- Phần 1: $n_{H_2}=\frac{3,36}{22,4}=0,15 mol$

$$\begin{gathered} n_{C{H}_{3}COOH }+ n_{C_2{H}_{5}OH} \\ =a +b=0,15 \times 2=0,3 mol \end{gathered}$$

- Phần 2: $n_{C{O}_2}=\frac{1,12}{2,24}=0,05 mol$

$n_{C{H}_{3}COOH}=a=0,05 \times 2=0,1 mol$

⇒ b = 0,2 mol.

- Phần 3: $C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\iff C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O$

$m_{C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5}=0,1\times 88\times \frac{60}{100}=5,28 gam$

Chọn đáp án B

$n_{ancol pu}=0,72mol$

$X:C_2{H}_4{\left(COOH\right)}_2\stackrel{+C{H}_{3}OH}{\to }\left\{\begin{array}{l}HOOC{C}_2{H}_{4}COOC{H}_3:a\\ C_2{H}_4{\left(COOC{H}_3\right)}_2:b\end{array}\right.$

$\to a+2b=0,72$

Chọn đáp án B

X là hỗn hợp các chất đơn chức đều có khối lượng phân tử bằng 60 đvC

→ X chứa CH₃COOH:a,

C₃H₈O : b, HCOOCH₃: c

Ta có hệ

Khi tham gia phản ứng este hóa :

CH₃COOH+C₃H₈O⇄CH₃COOC₃H₇+H₂O

Thấy $n_{C{H}_{3}COOH}>n_{C_3{H}_{8}O}$ hiệu suất tính theo C₃H₈O

→ m_este = 0,1.0,6. 102 + 0,2. 60

= 18,12 gam.

Chọn đáp án A

Ta có $n_{C{H}_{3}OH}=n_{C_2{H}_{5}OH}=\frac{7,8}{32+46}=0,1 mol$

⇒ n_X = 0,2 mol

Vì $\sum n_{Ancol}=0,2<n_{C{H}_{3}COOH}=0,25$

⇒ Hiệu suất tính theo ∑n_Ancol

$\Rightarrow n_{C{H}_{3}COOH pứ}=n_{H_{2}O}=0,2\times 0,8=0,16 mol$

BTKL

$\to m_{Este }=7,8\times 0,8+0,16\times 60–0,16\times 18=12,96 gam$

Chọn đáp án C

X gồm axit dạng C_nH_2nO₂ và ancol dạng C_mH_{2m + 2}O.

đốt $3,0 gam X+O_2\stackrel{ }{\stackrel{t^0}{\to }}0,13 mol C{O}_2+0,16 mol H_{2}O$

tương quan đốt có $n_{C_m{H}_{2m + 2}O}=\sum n_{H_{2}O}–\sum n_{C{O}_2}=0,03 mol$

m_X = m_C + m_H + m_O ⇒ n_{O trong X} = 0,07 mol

$\Rightarrow n_{C_n{H}_{2n}{O}_{2 }}=0,02 mol$ (bảo toàn O).

⇒ có phương trình:

∑n_C = 0,02n + 0,03m = 0,13 mol

⇔ 2n + 3m = 13

⇒ nghiệm: n = 2; m = 3 (chú ý do ancol tách được anken ⇒ m ≥ 2).

⇒ m gam hỗn hợp X gồm 2x mol CH₃COOH và 3x mol C₃H₇OH.

♦ phản ứng: $C{H}_{3}COOH+C_3{H}_{7}OH\rightleftarrows C{H}_{3}COO{C}_3{H}_7+H_{2}O$

n_este = 0,02 mol

⇒ n_{ancol dư} = (3x – 0,02) mol;

n_{axit dư} = (2x – 0,02) mol.

phản ứng:

1OH + 1Na → 1ONa + $\frac{1}{2}$.H₂↑

$\Rightarrow \sum n_{OH + COOH}=2n_{H_2}$

= 2 × 0,0425 mol.

⇒ (3x – 0,02) + (2x – 0,02) = 0,085

⇒ x = 0,025 mol