Tổng hợp đề thi thử Hóa Học cực hay có đáp án (Đề số 9)

Chọn đáp án C

CH₃COOH + C₂H₅OH (H₂SO₄ đặc, t^o) ⇄ CH₃COOC₂H₅ + H₂O.

⇒ sản phẩm là este CH₃COOC₂ H₅ (etyl axetat) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án A

Chọn đáp án A

Cacbohidrat được chia làm 3 loại:

– Polisacarit gồm tinh bột (amilozơ và amilopectin) và xenlulozơ.

– Đisaccarit gồm saccarozơ và mantozơ.

– Monosaccarit gồm glucozơ và fructozơ.

⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

A. H₂O là chất điện li yếu: H₂O ⇄ H⁺ + OH^–.

B. C₂H₅OH không phải là chất điện li.

C. CH₃COOH là chất điện li yếu: CH₃COOH ⇄ CH₃COO^– + H⁺.

D. NaCl là chất điện li mạnh: NaCl → Na⁺ + Cl^–.

⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

(d) Sai vì thủy phân saccarozơ thu được 2 loại monosaccarit là glucozơ và fructozơ.

⇒ các ý còn lại đều đúng ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

n_xenlulozơ = 2 × 10³ ÷ 162 = 1000 ÷ 81 kmol.

⇒ m_{xenlulozơ trinitrat} = 1000 ÷ 81 × 0,6 × 297 = 2200 kg = 2,2 tấn.

Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

Bảo toàn khối lượng: m_H2O = 3,6 + 0,5 × 0,12 × (56 + 40) - 8,28 = 1,08g

⇒ n_X = n_H2O = 0,06 mol ⇒ M_X = 3,6 ÷ 0,06 = 60 ⇒ X là CH₃COOH ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

n_X = 1250 ÷ 100 000 = 0,0125 mol; n_Ala = 425 ÷ 89 mol.

⇒ số mắt xích Ala = (425 ÷ 89) ÷ 0,0125  382 ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A

A sai vì chỉ các amino axit chứa số gốc COOH > số gốc NH₂ mới làm quỳ tím hóa đỏ ⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

CO đi vào lấy mất Oxi của oxit: CO + [O] → CO₂ $\stackrel{Ca{\left(OH\right)}_{2}dư}{\to }$ 9(g) CaCO₃↓.

⇒ n_{O mất đi} = n_↓ = 0,09 mol ⇒ m = 5,36 - 0,09 × 16 = 3,92(g) ⇒ chọn B.

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

(d) Sai do tristearin là (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ và triolein là (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅.

⇒ các ý còn lại đều đúng ⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

n_glixerol = 0,1 mol ⇒ n_muối = 3n_glixerol = 0,3 mol.

⇒ M_muối = 278 (C₁₅H₃₁COONa) ⇒ B là axit panmitic ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

A. Etyl propionat: C₂H₅COOC₂H₅ ⇒ m_Y = 7,4 ÷ 102 × 46 = 3,25(g) ⇒ loại.

B. Propyl axetat: CH₃COOC₃H₇ ⇒ m_Y = 7,4 ÷ 102 × 60 = 4,35 ⇒ loại.

C. Etyl fomat: HCOOC₂H₅ ⇒ m_Y = 7,4 ÷ 74 × 46 = 4,6(g) ⇒ chọn.

D. Etyl axetat: CH₃COOC₂H₅ ⇒ m_Y = 7,4 ÷ 88 × 46 = 3,87(g) ⇒ loại.

Ps: "tinh tế" hơn ta thấy m_Y = 4,6(g). Lại có số mol chẵn thì chỉ có C₂H₅OH thỏa.

⇒ Y là C₂H₅OH ⇒ n_X = n_Y = 0,1 mol ⇒ M_X = 74 (C₃H₆O₂) ⇒ X là HCOOC₂H₅.

Chọn đáp án A

Đặt n_C2H5OH = x; n_C6H5OH = y ⇒ m_A = 14(g) = 46x + 94y.

n_H2 = 0,5x + 0,5y = 0,1 mol ||⇒ giải hệ có: x = y = 0,1 mol.

► %m_etanol = 0,1 × 46 ÷ 14 × 100% = 32,86% ⇒ %m_phenol = 67,14%.

Chọn đáp án D

Các chất làm mất màu nước brom chứa π_C=C, nhóm chức -CHO hoặc là anilin hay phenol.

⇒ các chất thỏa mãn là: HC≡C-CH=CH₂, CH₂=CHCH₂OH, CH₃COOCH=CH₂, CH₂=CH₂ ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A

Đipeptit là peptit chứa 2 gốc α-amino axit. Xét các đáp án:

A. Là đipeptit Gly-Ala ⇒ chọn.

B. Là tripeptit Gly-Gly-Gly ⇒ loại.

C và D. Không phải là đipeptit vì chứa gốc β-amino axit ⇒ loại.

Chọn đáp án D

C₆H₁₂O₆ $\underset{30-{35}^{o}C}{\overset{enzim}{\to }}$ 2C₂H₅OH + 2CO₂ || n_C2H5OH = 2 mol

⇒ n_{glucozơ phản ứng} = 1 mol ⇒ H = 1 × 180 ÷ 300 × 100% = 60% ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A

Khi các chất có số Cacbon xấp xỉ nhau thì nhiệt độ sôi:

Axit > Ancol > Amin > Este > Xeton > Anđethi > Dẫn xuất halogen > Ete > Hidrocacbon.

⇒ chọn A.

Chọn đáp án A

Trung hòa: H⁺ + OH^– → H₂O ||⇒ n_OH^– = n_H⁺ = 0,002 mol

⇒ x = 0,002 ÷ 0,01 = 0,2M ⇒ chọn A.

Chọn đáp án D

Tơ nilon-6,6 được điều chế bằng phản ứng trùng ngưng

hexametylđiamin và axit ađipic như sau:

Chọn đáp án D

NH₄NO₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ N₂ + 2H₂O ⇒ n_N2 = n_NH4NO2 = 0,25 mol ⇒ V_N2 = 5,6 lít ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A

Bảo toàn khối lượng: n_HCl = (17,64 - 8,88) ÷ 36,5 = 0,24 mol.

Gọi n là số gốc amin ⇒ n_amin = 0,24 ÷ n ⇒ M_amin = 8,88 ÷ (0,24 ÷ n) = 37n.

► Nhìn 4 đáp án thấy n = 1 hoặc n = 2 ⇒ xét 2 trường hợp.

TH1: n = 1 ⇒ M_amin = 37 ⇒ không có amin nào thỏa.

TH2: n = 2 ⇒ M_amin = 74 ⇒ amin là C₃H₁₀N₂.

Do amin bậc 1 và mạch C không phân nhánh ⇒ H₂NCH₂CH₂CH₂NH₂.

⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

● Alanin H₂NCH(CH₃)COOH + NaOH → H₂NCH(CH₃)COONa (X) + H₂O.

● H₂NCH(CH₃)COONa (X) + 2HCl → ClH₃NCH(CH₃)COOH (Y) + NaCl ⇒ chọn C.

Chọn đáp án B

HC≡C-CH₃ + AgNO₃ + NH₃ → AgC≡C-CH₃↓ + NH₄NO₃.

⇒ n_propin = n_↓ = 17,64 ÷ 147 = 0,12 mol. Lại có:

Etilen + 1H₂ || Propin + 2H₂ ⇒ n_etilen = 0,34 - 0,12 × 2 = 0,1 mol.

⇒ a = 0,1 + 0,12 = 0,22 mol ⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

Chọn đáp án D

Khí CO₂ được dùng trong bình chữa cháy vì không duy trì sự cháy.

Đồng thời CO₂ dùng để sản xuất NaHCO₃ làm thuốc giảm đau dạ dày ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A

Để biến một số chất béo lỏng dầu mỡ rắn hoặc bơ nhân tạo người ta thực hiện quá trình hidro hóa.

Phản ứng này được dùng trong công nghiệp để chuyển hóa chất béo lỏng (dầu) thành mỡ rắn

→ Thuận tiện cho việc vận chuyển hoặc thành bơ nhân tạo và để sản xuất xà phòng ⇒ chọn A

Chọn đáp án C

X gồm CH₂=C(CH₃)COOH, C₄H₈(COOH)₂, CH₃COOH, C₃H₅(OH)₃.

n_C4H6O2 = n_C2H4O2 ||⇒ ghép: C₄H₆O₂ + C₂H₄O₂ = C₄H₈(COOH)₂.

► Quy X về C₄H₈(COOH)₂ và C₃H₅(OH)₃ với số mol lần lượt là x và y.

m_X = 13,36(g) = 146x + 92y || Đun Z thu được thêm kết tủa ⇒ tạo 2 muối.

n_BaCO3 = 0,25 mol. Bảo toàn nguyên tố Bari: n_Ba(HCO3)2 = 0,13 mol.

Bảo toàn nguyên tố Cacbon: n_CO2 = 0,25 + 0,13 × 2 = 0,51 mol = 6x + 3y

► Giải hệ có: x = 0,06 mol; y = 0,05 mol. Do n_KOH > 2n_C4H8(COOH)2

⇒ KOH dư ⇒ n_H2O = 0,06 × 2 = 0,12 mol. Bảo toàn khối lượng:

► m = 13,36 + 0,14 × 56 - 0,12 × 18 - 0,05 × 92 = 14,44(g) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

► Xét thí nghiệm 1: Quy quá trình về: X + 0,04 mol HCl + 0,08 mol NaOH.

⇒ n_X = 0,08 – 0,04 = 0,04 mol ⇒ 250 ml dung dịch X chứa 0,2 mol H₂RCOOH.

||⇒ M_muối = 35 ÷ 0,2 = 175 (H₂NRCOOK) ⇒ R = 76 (-C₆H₄-) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

n_O/X = (5,92 – 4,16) ÷ 16 = 0,11 mol || [O] + 2HCl → 2Cl + H₂O ⇒ n_Cl^– = 2n_O = 0,22 mol.

Đặt n_Mg = x; n_Fe = y ⇒ 24x + 56y = 4,16(g). Rắn gồm x mol MgO và 0,5y mol Fe₂O₃

⇒ 40x + 160.0,5y = 6(g) ||⇒ giải hệ có: x = 0,01 mol; y = 0,07 mol. Bảo toàn electron cả quá trình:

2n_Mg + 3n_Fe = 2n_O + n_Ag ⇒ n_Ag = 2 × 0,01 + 3 × 0,07 - 2 × 0,11 = 0,01 mol.

► Kết tủa gồm 0,01 mol Ag và 0,22 mol AgCl ⇒ m = 0,01 × 108 + 0,22 × 143,5 = 32,65(g).

Chọn đáp án B

n_Mg = 0,09 mol; n_NO = 0,04 mol || Mg là kim loại hoạt động mạnh ⇒ chú ý có muối amoni!

Bảo toàn electron: 2n_Mg = 3n_NO + 8n_NH4NO3 ⇒ n_NH4NO3 = 0,0075 mol.

► Muối gồm 0,09 mol Mg(NO₃)₂ và 0,0075 mol NH₄NO₃ ⇒ m_{muối khan} = 13,92(g) ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

A chỉ chứa 1 nhóm -NH₂ ⇒ M_A = 14 ÷ 0,1573 = 89 ⇒ A là Ala.

n_tripeptit = 0,18 mol; n_đipeptit = 0,16 mol; n_A = 1,04 mol.

Bảo toàn gốc amino axit: n_X = (0,18 × 3 + 0,16 × 2 + 1,04) ÷ 4 = 0,475 mol.

⇒ m = 0,475 × 302 = 143,45(g) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

HCOOCH=CH₂ + H₂O $\stackrel{H_{2}S{O}_4, t^o}{\to }$ HCOOH + CH₃CHO $\underset{trung hòa}{\overset{O{H}^{-}}{\to }}$ HCOO? + CH₃CHO.

HCOO? $\stackrel{+AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }$ 2Ag↓ || CH₃CHO $\stackrel{+AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }$2Ag↓

⇒ 1 HCOOCH=CH_{2phản ứng} → 4Ag↓. Lại có: HCOOCH=CH₂ $\stackrel{+AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }$2Ag↓.

● Tóm lại: ∑n_Ag = 4n_{HCOOCH=CH2 phản ứng} + 2n_{HCOOCH=CH2 dư}.

n_{HCOOCH=CH2 phản ứng} = 0,08 mol; n_{HCOOCH=CH2 dư} = 0,02 mol.

► m_Ag = 108 × (0,08 × 4 + 0,02 × 2) = 38,88(g) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án B

Số trieste tối đa tạo bởi glixerol và n axit béo là:$\frac{n^2(n+1)}{2}$ .

► Áp dụng: n = 3 ⇒ số trieste tối đa được tạo ra là $\frac{3^2(3+1)}{2}$ = 18 ⇒ chọn B.

Chọn đáp án B

Các peptit chứa ≥ 4 liên kết peptit ⇒ các peptit chứa ≥ 5 mắt xích.

Mặt khác, số mắt xích trung bình = 3,8 ÷ 0,7 = 5,43 ⇒ phải có pentapeptit.

► Không mất tính tổng quát, giả sử X là pentapeptit ⇒ Y chứa 6 mắt xích.

Đặt n_X = x; n_Y = y ⇒ n_T = x + y = 0,7 mol; n_NaOH = 5x + 6y = 3,8 mol.

||⇒ giải hệ có: x = 0,4 mol; y = 0,3 mol. Lại có, X và Y đều tạo bởi Gly và Ala.

⇒ X và Y có dạng (Gly)_a(Ala)_5-a và (Gly)_b(Ala)_6-b (1 ≤ a ≤ 4; 1 ≤ a ≤ 5).

► Mặt khác, đốt X và Y cho cùng số mol CO₂ ⇒ 0,4 × (15 - a) = 0,3 × (18 - b)

⇒ 0,4a - 0,3b = 0,6. Giải phương trình nghiệm nguyên có: a = 3; b = 2.

⇒ X là Gly₃Ala₂ và Y là Gly₂Ala₄. Bảo toàn khối lượng:

► m = 0,4 × 331 + 0,3 × 416 + 3,8 × 40 - 0,7 × 18 = 396,6(g) ⇒ chọn B.