Tổng hợp đề thi thử Hóa Học cực hay có đáp án (Đề số 7)

Chọn đáp án C

A. Poli (vinyl clorua) thuộc loại polime.

B. Etyl axetat thuộc loại este.

C. Xenlulozơ thuộc loại cacbohidrat.

D. Glixerol thuộc loại ancol.

⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

Cacbohidrat được chia làm 3 loại:

– Polisaccarit: gồm tinh bột và xenlulozơ.

– Đisaccarit: gồm saccarozơ và mantozơ.

– Monosaccarit: gồm glucozơ và frucotơ

⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

A và C không làm quỳ tím đổi màu.

D làm quỳ tím hóa đỏ. B làm quỳ tím hóa xanh ⇒ chọn B.

Chọn đáp án A

H₂NCH₂COOH + NaOH → H₂NCH₂COONa + H₂O.

⇒ n_NaOH = n_Gly = 7,5 ÷ 75 = 0,1 mol ⇒ V = 0,1 lít = 100 ml ⇒ chọn A.

Chọn đáp án A

C₂H₅OH + CH₃COOH $\stackrel{H_{2}S{O}_{4đ}, t^o}{\to }$ CH₃COOC₂H₅ + H₂O.

⇒ sinh ra este ⇒ đó là phản ứng este hóa ⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

CH₃COOCH₃ + NaOH → CH₃COONa + CH₃OH ⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

Alanin là H₂NCH(CH₃)COOH

⇒ %N = 14 ÷ 89 × 100% = 15,73% ⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

Trùng hợp vinyl xianua (acrilonitrin) thu được tơ nitron (tơ olon).

nCH₂=CH-CN $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-CH₂-CH(CN)-]_n ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

Saccarozo và mantozo đều là đisaccarit và cùng có ctpt là C₁₂H₂₂O₁₁.

⇒ Saccarozo và mantozo là đồng phân của nhau ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

● Chất béo là trieste của glixerol và axit béo.

● Axit béo là:

– Axit monocacboxylic (đơn chức).

– Số C chẵn (từ 12C → 24C).

– Mạch không phân nhánh.

⇒ C không thỏa vì số C quá ít ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

Phản ứng giữa protein với Cu(OH)₂ hay còn gọi là phản ứng màu biure

Phản ứng màu biure cho màu tím đặc trưng ⇒ Chọn D

Chọn đáp án A

Cách đọc tên este RCOOR' đó là: Tên R' + tên RCOO + at.

⇒ Este có công thức là CH₃COOCH=CH₂

⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Các đồng phân amin thỏa mãn là H₂NCH₂CH₂CH₃, CH₃CH(NH₂)CH₃ ⇒ chọn A.

Chọn đáp án D

A và C là tơ thiên nhiên. B là tơ tổng hợp ⇒ chọn D.

Chọn đáp án D

A. Poli (vinyl clorua) được điều chế bằng cách trùng hợp vinyl clorua:

nCH₂=CH-Cl $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-CH₂-CH(Cl)-]_n.

B. Polietilen được điều chế bằng cách trùng hợp etilen:

nCH₂=CH₂ $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ (-CH₂-CH₂-)_n.

C. Poli (metyl metacrylat) được điều chế bằng cách trùng hợp metyl metacrylat:

nCH₂=C(CH₃)COOCH₃ $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-CH₂-C(CH₃)(COOCH₃)-]_n.

D. Nilon-6,6 được điều chế bằng cách trùng ngưng hexametylenđiamin và axit ađipic:

nH₂N(CH₂)₆NH₂ + nHOOC(CH₂)₄COOH $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-HN(CH₂)₆NH-OC(CH₂)₄CO-]_n + 2nH₂O.

⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

A và D thủy phân tạo glucozơ ⇒ loại.

C thủy phân tạo glucozơ và fructozơ ⇒ loại ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

2. Quy luật biến đổi lực bazơ

Amin no

Amin no, mạch hở thể hiện tính bazơ mạnh hơn amoniac do gốc ankyl có tác dụng làm tăng cường tính bazơ:

Amin no bậc hai (đính với hai gốc ankyl) có tính bazơ mạnh hơn bazơ bậc một:

Amin thơm

Amin thơm có nguyên tử N ở nhóm amin đính trực tiếp vào vòng benzen. Gốc phenyl có tác dụng làm suy giảm tính bazơ, do vậy amin thơm có lực bazơ rất yếu, yếu hơn amoniac:

⇒ thứ tự tăng dần lực bazơ là: C₆H₅NH₂ (anilin), NH₃, CH₃NH₂. Chọn B.

Chọn đáp án D

n_H2NCH2COONa = 0,15 mol ⇒ muối gồm 0,15 mol ClH₃NCH₂COOH và 0,15 mol NaCl.

||⇒ m_{muối khan} = 0,15 × 111,5 + 0,15 × 58,5 = 25,5(g) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án A$\stackrel{H_{2}S{O}_4, t^o}{\to }$

[C₆H₇O₂(OH)₃]_n + 3nHNO₃  [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O.

n_xenlulozơ = 2 × 10³ ÷ 162 = ¹⁰⁰⁰/₁₈₁ kmol ⇒ n_{xenlulozơ trinitrat} = ¹⁰⁰⁰/₁₈₁ × 0,6 = ²⁰⁰/₂₇ kmol.

⇒ m_{xenlulozơ trinitrat} = ²⁰⁰/₂₇ × 297 = 2200 kg = 2,2 tấn ⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

Trùng hợp metyl metacrylat thu được poli (metyl metacrylat):

nCH₂=C(CH₃)COOCH₃ $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-CH₂-C(CH₃)(COOCH₃)-]_n

Chọn đáp án B

Các chất trên đều tham gia phản ứng thủy phân sinh ra monosaccarit là glucozơ hoặc fructozơ ⇒ chọn B.

Chọn đáp án B

X tác dụng với HCl theo tỉ lệ 1 : 1 ⇒ X là amin đơn chức.

⇒ M_X = 14 ÷ 0,2373 = 59 (C₃H₉N) ⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH.

n_muối = n_este = 0,2 mol ⇒ m = 0,2 × 82 = 16,4(g) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án D

Các chất có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp chứa liên kết đôi C=C hoặc vòng kém bền.

⇒ chỉ có H₂NCH₂COOH không thỏa (chỉ có khả năng tham gia phản ứng trùng ngưng) ⇒ chọn D.

● nCH₂CHCl $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ [-CH₂-CH(Cl)-]_n.

● nCH₂=CH₂ $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ (-CH₂-CH₂-)_n.

● nCH₂=CH-CH=CH₂ $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ (-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n.

Chọn đáp án A

Các chất thỏa mãn là CH₃COOCH₃, H₂NCH₂COOH ⇒ chọn A.

● CH₃COOCH₃ + NaOH → CH₃COONa + CH₃OH.

● H₂NCH₂COOH + NaOH → H₂NCH₂COONa + H₂O.

Chọn đáp án C

CH₂OH(CHOH)₄CHO + 2AgNO₃ + 3NH₃ CH₂OH(CHOH)₄COONH₄ + 2Ag↓ + 2NH₄NO₃.

⇒ n_glucozơ = n_Ag ÷ 2 = 0,1 mol ⇒ m = 0,1 × 180 = 18(g) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Các chất phản ứng với Cu(OH)₂ (t^o thường) cho dung dịch xanh lam chứa 2 nhóm -OH kề nhau.

⇒ các chất thỏa mãn là glucozơ, saccarozơ, glixerol ⇒ chọn C.

Chọn đáp án B

A. Không thỏa vì không phản ứng được với dung dịch KOH:

C₆H₅NH₂ + HCl → C₆H₅NH₃Cl.

B. Thỏa mãn vì:

– H₂NCH(CH₃)COOH + KOH → H₂NCH(CH₃)COOK + H₂O.

– H₂NCH(CH₃)COOH + HCl → ClH₃NCH(CH₃)COOH.

C. Không thỏa vì không phản ứng với dung dịch KOH:

C₂H₅OH + HCl -> C₂H₅Cl + H₂O.

D. Không thỏa vì không phản ứng với dung dịch HCl:

CH₃COOH + KOH → CH₃COOK + H₂O.

⇒ chọn B.

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

[C₆H₇O₂(OH)₃]_n + 3nHNO₃ $\stackrel{H_{2}S{O}_4, t^o}{\to }$ [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O.

n_{xenlulozơ trinitrat} = 0,3 kmol ⇒ m_{HNO3 phản ứng} = 0,3 × 3 × 63 = 56,7(kg).

⇒ m_{dung dịch HNO3 dùng} = 56,7 ÷ 0,675 ÷ 0,8 = 105(kg).

⇒ V_{HNO3 dùng} = 105 ÷ 1,5 = 70 lít ⇒ chọn A.

Chọn đáp án D

n_CO2 = 0,005 mol = n_H2O ⇒ X là este no, đơn chức, mạch hở ⇒ có dạng: C_nH_2nO₂

C_nH_2nO₂ → nCO₂ ||⇒ $\frac{0,11}{14n+32}=\frac{0,005}{n}$ ⇒ n = 4. Các đồng phân este là:

HCOOCH₂CH₂CH₃, HCOOCH(CH₃)₂, CH₃COOC₂H₅, C₂H₅COOCH₃ ⇒ chọn D.

Chọn đáp án B

H₂NRCOOH + HCl → ClH₃NRCOOH ⇒ n_muối = n_X = 0,1 mol.

⇒ M_muối = 11,15 ÷ 0,1 = 111,5 ⇒ R = 14 (-CH₂-) ⇒ X là Gly ⇒ chọn B.

Chọn đáp án A

● C₆H₁₂O₆ $\underset{30-{35}^{o}C}{\overset{enzim}{\to }}$ 2C₂H₅OH + 2CO₂

n_glucozơ = 1 mol ⇒ n_C2H5OH = 1 × 2 × 0,8 = 1,6 mol.

||⇒ 0,1a (g) C₂H₅OH ứng với 0,16 mol.

● C₂H₅OH + O₂ $\stackrel{men giấm}{\to }$ CH₃COOH + H₂O

⇒ n_{C2H5OH phản ứng} = n_CH3COOH = n_NaOH = 0,144 mol.

► Hiệu suất quá trình lên men = 90% ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

Quy Y về đipeptit: Y₄ + H₂O → 2Y₂ (C_2nH_4nN₂O₃)

||⇒ n_{H2O thêm} = 0,05 mol ⇒ n_CO2 = n_{H2O đốt Y2} = $\frac{36,3+0,05.18}{44+18}$ = 0,6 mol.

số C/Y = 0,6 ÷ 0,05 = 12 ⇒ số C/amino axit = 12 ÷ 4 = 3 (Ala).

► Bảo toàn nguyên tố Cacbon: n_BaCO3 = 0,01 × 3 × 3 = 0,09 mol

⇒ m = 0,09 × 197 = 17,73(g) ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Giả sử x = 1 ⇒ 1C₄H₆ + yC₃H₃N $\stackrel{xt, t^o, p}{\to }$ C_4+3yH_6+3yN_y.

Đốt cho: (4 + 3y) mol CO₂; (3 + 1,5y) mol H₂O và 0,5y mol N₂.

► %V_CO2=

 ⇒ y = ²/₃.

⇒ x : y = 1 ÷ ²/₃ = ³/₂ ⇒ chọn C.

Chọn đáp án A

X và Y đều có dạng: C_xH_yO_z ⇒ %O = $\frac{16z}{12x+y+16z}=\frac{8}{15}$ 

⇒ 12x + y = 14z. Với z = 1 thì x = 1 và y = 2

⇒ CTĐGN của X, Y là CH₂O ||⇒ X là (CH₂O)_a và Y là (CH₂O)_b.

● M_Y = 1,5.M_X ⇒ b = 1,5a. Lại có: 1CH₂O + 1O₂ → ...

⇒ (a, b)_{trung bình} = 0,1 ÷ 0,04 = 2,5. Mặt khác, a và b ∈ N*.

► a = 2 và b = 3 ⇒ X là C₂H₄O₂ và Y là C₃H₆O₃.

TH1: X là HCOOCH₃ ⇒ muối của X là HCOONa

⇒ M_{muối của Y} = 68 × 1,19512 = 81,27... ⇒ lẻ ⇒ loại!.

TH2: X là CH₃COOH ⇒ muối của X là CH₃COONa.

⇒ M_{muối của Y} = 82 × 1,19512 = 98 ⇒ HO-CH₂-COONa.

► Y là HO-CH₂-COOCH₃ ⇒ chọn A.

Chọn đáp án C

17,28(g) E + 0,48 mol O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O || n_COO = n_NaOH = 0,3 mol.

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 2x + y = 0,3 × 2 + 0,48 × 2. Bảo toàn khối lượng:

44x + 18y = 17,28 + 0,48 × 32 ||⇒ giải hệ có: x = 0,57 mol; y = 0,42 mol.

● Z và T hơn kém nhau 14 đvC (ứng với 1 nhóm CH₂) ⇒ Z và T có cùng số chức.

● Mặt khác, Y và Z là đồng phân ⇒ Z và T đều là este 2 chức, mạch hở.

⇒ n_E = n_NaOH ÷ 2 = 0,15 mol ⇒ M_E = 17,28 ÷ 0,15 = 115,2.

Lại có, Z có tối thiểu 4C ⇒ Y có tối thiểu 4C ⇒ X chứa tối thiểu 3C.

⇒ X là CH₂(COOH)₂ ⇒ Y là C₂H₄(COOH)₂ ⇒ Z và T chứa 4C và 5C.

► Do chứa 3 ancol ⇒ Z là (HCOO)₂C₂H₄ và T là CH₃OOC-COOC₂H₅.

⇒ n_Z = n_T = n_{mỗi ancol} = $\frac{42}{32+46+62}$ = 0,03 mol. Đặt n_X = a; n_Y = b ⇒ 2a + 2b = 0,3 - 0,03 × 3.

n_CO2 = 3a + 4b = 0,57 - 0,03 × 4 - 0,03 × 5 ||⇒ giải hệ có: a = 0,06 mol; b = 0,03 mol.

Chọn đáp án A

Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Xét trong 0,16 mol E:

⇒ n_H2O = n_E = 0,16 mol; n_C2H3NO = _NaOH = 0,9 mol.

● Đặt n_CH2 = x. Giả sử 30,73(g) E gấp k lần 0,16 mol E.

⇒ 30,73(g) E chứa 0,9k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂; 0,16k mol H₂O.

► m_E = 57 × 0,9k + 14kx + 18 × 0,16k = 30,73(g). Đốt cho:

CO₂: (1,8k + kx) mol và H₂O: (1,51k + kx) mol.

||⇒ 44 × (1,8k + kx) + 18 × (1,51k + kx) = 69,31(g). Giải hệ có:

kx = 0,26; k = 0,5 ⇒ x = 0,52 mol ⇒ b = 0,52 mol.

⇒ a = 0,9 - 0,52 = 0,38 mol ⇒ a : b = 0,73 ⇒ chọn A.