Tổng hợp đề thi thử Hóa Học cực hay có đáp án (Đề số 15)

Chọn đáp án D

Vì glucozo là monosaccarit ⇒ KHÔNG có pứ thủy phân ⇒ Chọn D

Chọn đáp án B

Vì NaHCO3 có thể tác dụng với axit và bazo

⇒ NaHCO₃ là chất có tính lưỡng tính ⇒ Chọn B

Chọn đáp án A

Nhận thấy axit panmitic, axit stearic và axit oleic là các axit béo. Ngoài ra còn có axit linoleic...

⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Vì dung dịch HCl dư ⇒ Zn tan hết và còn lại m gam rắn đó là m_Cu.

+ Mà n_Zn = n_H2 = 0,2 mol ⇒ m_Zn = 0,2 × 65 = 13 gam

⇒ m_Cu = 15 – 13 = 2 gam ⇒ Chọn A

Chọn đáp án D

Giả sử este có CTCT RCOOR'

Tên este gồm: tên gốc hiđrocacbon R' + tên anion gốc axit (đuôi "at")

⇒ R' của este vinyl axetat là -CH=CH₂; RCOO của este là CH₃COO

⇒ Công thức của vinyl axetat là CH₃COOCH=CH₂ ⇒ Chọn D.

Chọn đáp án B

Bảo toàn e ta có 3n_Al = 3n_NO ⇒ n_Al = n_NO = 0,1 mol

⇒ V_NO = 0,1 × 22,4 = 2,24 lít ⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Ta có: Na₂CO₃ + Ca(HCO₃)₂ → CaCO₃↓ trắng + 2NaHCO₃

⇒ Hiện tượng là có kết tủa trắng xuất hiện ⇒ Chọn C

Chọn đáp án D

Vì NaCl là muối được tạo từ kim loại điển hình và phi kim điểm hình.

⇒ Nacl là chất điện li mạnh ⇒ Chọn D

Chọn đáp án C

Fe, Al và Cr bị thụ động trong axit H₂SO₄ đặc nguội hoặc HNO₃ đặc nguôi.

do có màng oxit bền vững bao bọc xunh quanh ⇒ Chọn C

Chọn đáp án B

Vì glyxin có 1 nhóm –COOH ⇒ n_Glyxin = n_NaOH = 0,1 mol.

⇒ V_NaOH = 0,1 ÷ 1 = 0,1 lít = 100 ml ⇒ Chọn B

Chọn đáp án D

Ta có n_CH3C2H5 = 0,2 mol

⇒ n_Muối = n_CH3COONa ⇒ m_Muối = 0,2 × (15 + 44 + 23) = 16,4

⇒ Chọn D

Chọn đáp án D

Các chất phản ứng được với NaOH là: CH₃COOCH₃ và H₂NCH₂COOH. ⇒ Chọn D

Chọn đáp án B

Những chất hòa tan được Cu(OH)₂ tạo dung dịch xanh lam là:

Glucozo, saccarozo và glixerol vì chúng có nhiều nhóm chức ancol kề nhau.

⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

Ta có các phản ứng khi nhiệt phân như sau:

NH₄NO₃ → N₂O↑ + 2H₂O↑ (hơi nước)

2AgNO₃ → 2Ag + 2NO₂↑ + O₂↑

4Fe(NO₃)₂ → 2Fe₂O₃ + 8NO₂↑ + O₂↑

2Cu(NO₃)₂ → 2CuO +4NO₂↑ + O₂↑ → 2KNO₂ + O₂↑

⇒ Chất rắn còn lại có Fe₂O₃, CuO và Ag

⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

Oxit axit tác dụng được với dung dịch bazo.

+ CO₂ + NaOH → NaHCO₃

+ NaHCO₃ + OH^– ⇒ Na₂CO₃

⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Vì Ca(OH)₂ dư ⇒ n_CaCO3 = n_CO2 = 0,1 mol

⇒ m_CaCO3 = 0,1 × 100 = 10 gam ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

Để phản ứng được với Na, NaOH và đặc biệt là NaHCO₃ ⇒ X phải là 1 axit.

⇒ Loại B và D. Xét A và C thấy loại đáp án A vì M_HCOOH = 46 ⇒ Loại A

⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

BTKL ⇒ m_HCl = 15 – 10 = 5 gam.

⇒ n_{Amin đơn chức} = n_HCl = $\frac{5}{36,5}$ mol.

⇒ M_Amin = $\frac{10.36,5}{5}$ = 73 ⇒ M_CxHyN = 73

+ Giải phương trình nghiệm nguyên ⇒ x = 4 và y = 11

⇒ Amin đó là C₄H₁₁N

⇒ Có 8 đồng phân là:

1) CH₃–CH₂–CH₂–CH₂–NH₂ || 2) CH₃–CH₂–CH(NH₂)–CH₃

3) CH₃–CH(CH₃)–CH₂–NH₂ || 4) CH₃–C(NH₂)(CH₃)–CH₃

5) CH₃–NH–CH₂–CH₂–CH₃ || 6) CH₃–CH₂–NH–CH₂–CH₂

7) CH₃–CH(CH₃)–NH–CH₃ || 8) (CH₃)₂(C₂H₅)N

⇒ Chọn A

Chọn đáp án C

Bình 1 tăng 2,52 ⇒ n_H2O = 0,14 mol.

+ Bình 2 tăng 4,4 gam ⇒ n_CO2 = 0,1 mol.

+ Nhận thấy n_H2O > n_CO2 ⇒ 2 C_xH_y thuộc dãy đồng đẳng của ankan.

⇒ n_{Hỗn hợp ankan} = 0,14 – 0,1 = 0,04 mol

⇒ C trung bình = 0,1 ÷ 0,04 = 2,5 ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

Bình 1 tăng 2,52 ⇒ n_H2O = 0,14 mol.

+ Bình 2 tăng 4,4 gam ⇒ n_CO2 = 0,1 mol.

+ Nhận thấy n_H2O > n_CO2 ⇒ 2 C_xH_y thuộc dãy đồng đẳng của ankan.

⇒ n_{Hỗn hợp ankan} = 0,14 – 0,1 = 0,04 mol

⇒ C trung bình = 0,1 ÷ 0,04 = 2,5 ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

Để có phản ứng trùng hợp thì chất ban đầu phải thỏa mãn:

Trong CTCT phải có liên kết đôi hoặc vòng kém bền.

⇒ Các chất có thể trùng hợp là:

(1) Caprolactam: Vì có vòng kèm bền.

(3) Acrilonitrin và (5) vinyl axetat: Vì có liên kết đôi.

⇒ Chọn C

Chọn đáp án B

Những chất có thể tác dụng với nước brom ⇒ nhạt màu đó là:

Stiren, anilin và phenol ⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

Ta có 6,2 kg = 6200 g

+ Ta có 1P → 1H₃PO₄.

⇒ n_H3PO4 = n_P × 0,8 = 6200 × 0,8 ÷ 31 = 160 mol.

⇒ V_H3PO4 = 160 ÷ 2 = 80 lít ⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

⇒ V_HNO3 = 59,4 ÷ 297 × 3 × 63 ÷ 0,63 ÷ 1,4 = 42,86 lít. Chọn B.

Chọn đáp án D

Chỉ có ý (a) sai vì phenol ít tan trong nước lạnh. ⇒ Chọn D

Chọn đáp án A

Ta có phương trình ion thu gọn của các phản ứng là:

(1) Ba²⁺ + SO₄^2– → BaSO₄↓.

(2) Ba²⁺ + SO₄^2– → BaSO₄↓.

(3) Ba²⁺ + SO₄^2– → BaSO₄↓.

(4) BaSO₃ + 2H⁺ + SO₄^2– → BaSO₄ + SO₂↑ + H₂O

(5) Ba²⁺ + 2OH^– + 2NH₄⁺ + SO₄^2– → BaSO₄ + 2NH₃↑ + 2H₂O

(6) Ba²⁺ + SO₄^2– → BaSO₄↓.

⇒ Chọn A

Chọn đáp án C

Khi pứ với NaOH dư ở nhiệt độ và áp suất cao, ta có các pứ:

ClH₃NCH₂COOH + 2NaOH → H₂NCH₂COONa + NaCl + 2H₂O.

CH₃COOC(Cl₂)CH₃ + 3NaOH → 2CH₃COONa + 2NaCl + H₂O.

HCOOC₆H₅ + 2NaOH → HCOONa + C₆H₅ONa + H₂O.

C₆H₅COOCH₃ + NaOH → C₆H₅COONa + CH₃OH.

C₆H₅Cl + 2NaOH → C₆H₅ONa + NaCl + H₂O.

CH₃COOCH₂CH₂Cl + 2NaOH → CH₃COONa + NaCl + C₂H₄(OH)₂.

HOC₆H₄CH₂OH + NaOH → NaOC₆H₄CH₂OH + H₂O.

CH₃CCl₃ + 4NaOH → CH₃COONa + 3NaCl + 2H₂O.

HCOOC₆H₄Cl + 4NaOH → HCOONa + C₆H₄(ONa)₂ + NaCl + 2H₂O.

⇒ Chọn C

Chọn đáp án D

⇒ Thứ tự đúng: (4), (2), (5), (1), (3). Chọn D.

Chọn đáp án C

Những phát biểu sai là:

(4) Để tạo độ xốp trong một số loại bánh có thể dùng muối NH₄NO₃.

(5) Kim cương là tinh thể nguyên tử.

(6) Độ dinh dưỡng của phân kali được đánh giá bằng hàm lượng % của K₂O.

⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

Giả sử toàn bộ Na → NaNO₃ ⇒ nhiệt phân tạo thành NaNO₂

⇒ m_NaNO2 = 0,4 × 69 = 27,6 > 26,44 ⇒ Có NaOH dư.

+ Đặt n_NaNO2 = a và n_NaOHdư = b

⇒ Ta có hệ:

+ Nhận thấy n_HNO3 = 0,6 mol nhưng n_NO3^– = 0,36 mol

⇒ n_{N bay ra theo khí} = 0,6 – 0,36 = 0,24 mol.

+ Ta có n_{HNO3 pứ} = n_N/Cu(NO3)2 + n_{N bay ra theo khí} = 2n_Cu + 0,24 = 0,56 mol

⇒ Chọn A

Chọn đáp án D

+ X làm xanh dung dịch I₂

⇒ X là Hồ tinh bột ⇒ Loại A.

+ Y có pứ màu biure + dựa vào các đáp án

⇒ Y là lòng trắng trứng (protein) ⇒ Loại B.

+ Z có pứ tráng bạc + dựa vào đáp án

⇒ Z là glucozo ⇒ Loại C

⇒ Chọn D

Chọn đáp án C

(1) sai vì glucozo không có phản ứng thủy phân.

(3) sai vì fructozo không làm mất màu dung dịch brom.

(4) sai vì số mắt xích khác nhau ⇒ không phải đồng phân.

⇒ Chọn C

Chọn đáp án B

Đặt n_K2CO3 = n_NaHCO3 = a và n_Ba(HCO3)2 = b.

+ Phương tình theo n_HCl ⇒ a + 2a + 2b = 0,28 3a + 2b = 0,28 (1).

+ Phương tình theo NaOH ⇒ a + 2b = 0,2 (2)

⇒ Giải hệ (1) và (2) ⇒ n_K2CO3 = 0,04 và n_Ba(HCO3)2 = 0,08

⇒ n_BaCO3 = 0,04 ⇒ m↓ = 7,88 gam ⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

+ Xét 0,5 mol X ⇒ ∑n_OH^– = 2n_H2

⇒ Với 0,25 mol X ⇒ ∑n_OH^– = 0,55 mol. ⇒ n_O/X = 0,55 mol.

⇒ Nhận thấy n_CO2 = n_O = 0,55 mol

Vì số C = số Oxi ⇒ các ancol phải là các ancol no.

⇒ n_Ancol = n_H2O – n_CO2

⇒ n_H2O = 0,25 + 0,55 = 0,8 mol

⇒ Bảo toàn O ⇒ n_O2 = (0,55×2 + 0,8 – 0,55) ÷ 2 = 0,675 mol

⇒ V_O2 = 0,675 × 22,4 = 15,12 lít ⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Đặt n_KOH = a và n_Ba(OH)2 = b

+ Tại thời điểm n_CO2 = 1,8 mol dung dịch chứa KHCO₃ và BaCO₃.

+ Mà n_BaCO3 = 0,8 mol ⇒ n_KHCO3 = 1,8 – 0,8 = 1 mol.

⇒ Tại thời điểm còn 0,2 mol BaCO₃ thì dung dịch chứa:

n_Ba(HCO3)2 = 0,8 – 0,2 = 0,6 mol và n_KHCO3 = 1 mol.

⇒ Bảo toàn cacbon ⇒ ∑n_CO2 = ∑n_CO2 = 0,2 +

0,6×2 + 1 = 2,4 mol.

⇒ m_{dung dịch sau pứ} = m_CO2 + 500 – m_BaCO3

 m_{dung dịch sau pứ} = 2,4×44 + 500 – 0,2×197 = 566,2 gam.

⇒ ∑C%_{(KHCO3 + Ba(HCO3)2)} = $\frac{1.100+0,6.259}{566,2}$ ≈ 45,11% ⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

Phản ứng tạo khí E và Y là kim loại nhóm A.

⇒ Y là Al. D chỉ chứa 1 chất tan ⇒ D chứa NaCl.

+ Từ tỷ lệ mol 1:2 ⇒ Đặt n_XCl2 = a và n_AlCl3 = 2a

⇒ Trong dung dịch D có ∑n_Cl^– = 8a và n_Na2CO3 = 4a mol.

+ G chỉ chứa muối nitrat ⇒ NaCl (D) pứ hết, tạo n_AgCl↓ = 8a mol và n_NaNO3 = 8a mol.

+ BTKL: m_{dd G} = m_{dd Na2CO3} + m_{dd B} + m_{dd AgNO3} – m_{kết tủa} – m_CO2.

⇒ X = 24 ⇒ X là Mg ⇒ C% _MgCl2 = $\frac{0,05.95.100}{120}$ = 3,985%

⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Vì X là tetrapeptit và Y là Hexapeptit.

⇒ Đặt công thức peptit X là: C_4nH_8n-2N₄O₅ = x mol và Y là C_6nH_12n-4N₆O₇ = y mol

⇒ x + y = 0,14 và 4x + 6y = 0,68 ⇒ x = 0,08 và y = 0,06.

+ Đặt X có dạng: (Ala)_a(Gly)_(4-a) và Y có dạng: (Ala)_b(Gly)_(6-b) ⇒ 4a + 3b = 20

+ Vì a ≤ 4 và b ≤ 6 nên ⇒ Chỉ có cặp a = 2, b = 4 thỏa mãn yêu cầu.

Do đó X có 2Ala và 2Gly; Y có 4Ala và 2Gly

+ Giả sử X là: AlaAlaGlyGly ⇒ CTPT của X là C₁₀H₁₈O₅N₄.

+ Giả sử Y là: AlaAlaAlaAlaGlyGly ⇒ CTPT của Y là C₁₆H₂₈O₇N₆

Ta có: $\frac{n_X}{n_Y}=\frac{0,08}{0,06}=\frac{4}{3}$ 

+ Từ tỉ lệ đó ta đặt n_X = 4a và n_Y = 3a ⇒ a = 0,012 mol.

⇒ m = 0,048 × 274 + 0,036 × 416 = 28,128 gam ⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Chú ý tỉ lệ dung dich X trong mỗi phản ứng

Gọi số mol ion Na⁺, NH₄⁺, CO₃^2- và SO₄^2- trong 100ml lần lượt a, b, c, d mol

Khi cho X tác dụng với HCl chỉ có CO₃^2- tham gia phản ứng → c = 0,1 mol

Khi cho X tác dụng với BaCl₂ thu được BaCO₃ và BaSO₄ → 0,1.197 + d.233= 43 → d = 0,1 mol

Khi cho X tác dụng lượng dư dung dịch NaOH chỉ có NH₄⁺ tham gia phản ứng → b = 0,2 mol

Bảo toàn điện tích trong dung dịch X → a = 2. 0,1 + 2. 0,1 -0,2 = 0,2 mol

Vậy trong 300ml dung dịch X gồm 0,6 mol Na⁺, 0,6 mol NH₄⁺, 0,3 mol CO₃^2- và 0,3 mol SO₄^2-

→ m = 0,6.23 + 0,6. 18 + 0,3. 60 + 0,3. 96= 71,4 gam.

Đáp án A.