[Năm 2022] Đề minh họa môn Hóa THPT Quốc gia có lời giải (Đề 14)

$$\begin{gathered} n_{F{e}_3{O}_4}=\mathrm{0,018} \\ \begin{array}{l}3F{e}_3{O}_4+8Al\to 9Fe+4A{l}_2{O}_3\\ \mathrm{0,018......0,048}\end{array} \\ \to m_{Al}=\mathrm{1,296}gam. \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \begin{array}{l}Fe+CuS{O}_4\to FeS{O}_4+Cu\\ x\mathrm{......................................}x\end{array} \\ \to \Delta m=m_{Cu}-m_{Fe} phản ứng =64x-56x=\mathrm{1,6} \\ \to x=\mathrm{0,2} \\ \to m_{Fe} phản ứng =56x=\mathrm{11,2} gam. \\ {m}_{Cu} tạo thành = 64x = 12,8 gam \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} Saccarozơ \to Glucozơ + Fructozơ \to 4Ag \\ {n}_{Ag}=\mathrm{0,2}\to n_{Saccarozô}=\mathrm{0,05} \\ \to m=\mathrm{17,1} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} n_X=n_{HCl}=\frac{m_{muoi}-m_X}{\mathrm{36,5}}=\mathrm{0,1} \\ \to M_X=59:C_3{H}_{9}N \\ X có 4 cấu tạo: \\ C{H}_3-C{H}_2-C{H}_2-N{H}_2 \\ C{H}_3-CH\left(N{H}_2\right)-C{H}_3 \\ C{H}_3-NH-C{H}_2-C{H}_3 \\ {\left(C{H}_3\right)}_{3}N \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} n_{NaOH}=\mathrm{0,28,} muối có k nguyên tử Na \to n muối =\frac{\mathrm{0,28}}{k} \\ M muối =\frac{\mathrm{23,8}k}{\mathrm{0,28}}=85k \\ \to k=1, M muối = 85 \left(NaN{O}_3\right) là nghiệm duy nhất. \\ \begin{array}{l}4N{O}_2+O_2+4NaOH\to 4NaN{O}_3+2H_{2}O\\ \mathrm{0,28......0,07.....................0,28}\end{array} \\ {m}_Y=m_X-m_Z=\mathrm{30,24} \\ \to Y gồm N{O}_2\left(\mathrm{0,28}\right),O_2\left(\mathrm{0,07}\right), còn lại là H_{2}O\left(\mathrm{0,84}\right). \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} Do Y chứa n_{N{O}_2}:n_{O_2}=4:1 nên Z là oxit kim loại và kim loại không thay đổi số oxi hóa trong phản ứng nhiệt phân. \\ 2M{\left(N{O}_3\right)}_x.k{H}_{2}O\to M_2{O}_x+2xN{O}_2+\mathrm{0,5}x{O}_2+2k{H}_{2}O \\ {n}_{N{O}_2}=\mathrm{0,28}\to n_{M_2{O}_x}=\frac{\mathrm{0,14}}{x} \\ \to M_Z=2M+16x=\frac{\mathrm{11,34}x}{\mathrm{0,14}} \\ \to M=\mathrm{32,5}x\to x=\mathrm{2,}M=65: M là Zn. \\ {n}_{H_{2}O}=\frac{\mathrm{0,28}k}{x}=\mathrm{0,84}\to k=6 \\ X là Zn{\left(N{O}_3\right)}_2.6H_{2}O\to \%O=\mathrm{64,65}\%. \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} C_2{H}_{3}COOC{H}_3=3C{H}_2+C{O}_2 \\ {C}_2{H}_{5}OOC-COO{C}_2{H}_3=4C{H}_2+2C{O}_2 \\ {C}_2{H}_{3}COOH=2C{H}_2+C{O}_2 \\ {C}_2{H}_4=2C{H}_2 \\ {C}_3{H}_6=3C{H}_2 \\ Quy đổi hỗn hợp X, Y thành C{H}_2 và C{O}_2 \\ {n}_{O_2}=\mathrm{1,5}{n}_{C{H}_2}\to n_{C{H}_2}=\mathrm{0,54} \\ Bảo toàn C\to n_{C{O}_2}=\mathrm{0,64}-\mathrm{0,54}=\mathrm{0,1} \\ \begin{array}{l}\Rightarrow n_{KOH}=\mathrm{0,1}\\ \Rightarrow m_{KOH}=\mathrm{5,6}gam\end{array} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} n_{H_{2}S{O}_4}=\mathrm{0,04};n_{HCl}=\mathrm{0,02}\to n_{H^{+}}=\mathrm{0,1} \\ pH=13\to \left[O{H}^{-}\right]=\mathrm{0,1}\to n_{O{H}^{-}} dư = 0,04 \\ \to n_{O{H}^{-}\left(X\right)}=\mathrm{0,1}+\mathrm{0,04}=\mathrm{0,14} \\ {n}_{O{H}^{-}}=2n_{H_2}+2n_O\to n_O=\mathrm{0,04} \\ \to m=\frac{\mathrm{0,04.16}}{\mathrm{9,639}\%}=\mathrm{6,64} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} Do chỉ thu được muối trung hòa nên: \\ {n}_{H_{2}O}=\frac{n_{KHS{O}_4}}{2}=\mathrm{0,16} \\ Bảo toàn khối lượng tính được m_X=\mathrm{19,6} gam \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} n_{H^{+}}=4n_{NO}+2n_O\to n_O=\mathrm{0,08} \\ \to n_{F{e}_3{O}_4}=\frac{n_O}{4}=\mathrm{0,02} \\ Phần dung dịch muối sau phản ứng chứa F{e}^{2+}\left(a\right),F{e}^{3+}\left(b\right),K^{+}\left(\mathrm{0,32}\right),S{O}_4^{2-}\left(\mathrm{0,32}\right) va N{O}_3^{-}\left(c\right) \\ Bảo toàn điện tích \to 2a+3b+\mathrm{0,32}=\mathrm{0,32.2}+c \\ m muối =56\left(a+b\right)+\mathrm{39.0,32}+\mathrm{96.0,32}+62c=\mathrm{59,04} \\ {n}_{NaOH}=2a+3b=\mathrm{0,44} \\ Giải hệ: a=\mathrm{0,01};b=\mathrm{0,14};c=\mathrm{0,12} \\ Bảo toàn N: \\ {n}_{N{O}_3^{-}} ban đầu =c+n_{NO}=\mathrm{0,16} \\ \to n_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}=\mathrm{0,08}\left(\to \%Fe{\left(N{O}_3\right)}_2=\mathrm{73,47}\%\right) \\ {m}_{Fe}=m_X-m_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}-m_{F{e}_3{O}_4}=\mathrm{0,56} \\ \to \%Fe=\mathrm{2,86}\% \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} C trung bình của muối =\frac{18.8+18.5+16.2}{8+5+2}=\frac{266}{15} \\ C trung bình của E =\frac{3.266}{15}+3=\mathrm{56,2} \\ Đặt n_E=x;n_{H_{2}O}=y và n_{C{O}_2}=\mathrm{56,2}x \\ Bảo toàn khối lượng: \mathrm{43,52}+\mathrm{3,91.32}=\mathrm{44.56,2}x+18y \\ Bảo toàn O: 6x+\mathrm{3,91.2}=\mathrm{2.56,2}x+y \\ \to x=\mathrm{0,05};y=\mathrm{0,5} \\ Số H=\frac{2n_{H_{2}O}}{n_E}=100 \\ k=\frac{2C+2-H}{2}=\mathrm{0,21} \\ Tỉ lệ: 43,52 gam E tác dụng vừa đủ 0,21 mol B{r}_2 \\ \dots \dots \dots ...m\dots \dots \dots \dots \dots \dots \dots \dots \dots ............0,105 \\ \to m=\mathrm{21,76} \end{gathered}$$