Đề thi thử THPTQG 2019 Hóa Học mức độ nâng cao có lời giải chi tiết (Đề số 5)

Chọn đáp án B.

Muối Na₂CO₃ rất bền với nhiệt nên không bị nhiệt phân hủy

Chọn đáp án C.

Các este no, đơn chức, mạch hở có k =1=> Có CTPT chung là C_nH_2nO₂ với n ≥ 2.

Chọn đáp án B.

Với Y khi dùng quỳ tìm làm quỳ tím sang màu đỏ => Phải có tính axit => Loại đáp án A và D

X tác dụng với nước Br₂ tạo kết tủa trắng => Loại đáp án C.

Chọn đáp án A.

M_Y = 205 – 36,5 × 2 = 132 đvC => CTPT của Y là C₅H₁₂N₂O₂.

Chọn đáp án D

Đáp án A sai vì tinh bột và xenlulozơ đều màu trắng

Đáp án B sai vì dung dịch glucozơ mới được dùng làm thuốc tăng lực

Đáp án C sai vì chỉ có glucozơ mới có nhóm −CHO

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C.

Phản ứng cháy: 

nC₃H₉N = 2,95/59 = 0,05

 => 5,25nC₃H₉N < nO₂ dùng => O₂ dư

Vậy a = 0,05×(3 + 4,5 + 0,5) + 0,27 - 0,05×5,25 = 0,4075.

Chọn đáp án D.

a = [(15/100)/2]×180 = 13,5 (chú ý cân bằng phương trình).

Chọn đáp án B

 thỏa các điều kiện đề bài.

Chọn đáp án A.

Có 5 chất phản ứng được với cả dung dịch HCl và dung dịch KOH là:

CH₃COONH₄, H₂NCH₂COOH, (NH₄)₂CO₃, NaHCO₃ và Al(OH)₃.

Chọn đáp án A.

Al tác dụng với Fe(NO₃)₂, HNO₃ loãng, HCl, AgNO₃ (4)

Cu tác dụng với HNO₃ loãng, AgNO₃ (2)  

Fe(NO₃)₂ tác dụng với HNO₃ loãng HCl, AgNO₃ (3)

HCl tác dụng AgNO₃ (1)

=> Tổng cộng có 10 cặp chất xảy ra phản ứng với nhau.

Chọn đáp án B.

Đáp án A sai vì PE được điều chế bằng phản ứng trùng hợp

Đáp án C sai tơ nitron và PVC đều được điều chế bằng phản ứng trùng hợp

Đáp án D sai thủy tinh hữu cơ và PVC đều được điều chế bằng phản ứng trùng hợp

Chọn đáp án B.

0,08×3 < nFe³⁺ + 2nCu²⁺ => Lượng Al đề cho chỉ đủ để khử 1 phần Cu²⁺ ra khỏi dung dịch

BTE => 0,08×3 = 0,06 + 2nCu => nCu = 0,09

Vậy mX = 0,09×64 =5,76 gam

Chọn đáp án D.

Tính khử của crom mạnh hơn sắt, crom đứng trước sắt trong dãy điện hóa.

Chọn đáp án C.

pH>7 => Dung dịch phải có tính bazơ => Chỉ có 2 dung dịch NaOH và Na₂CO₃ là có tính bazơ

Dung dịch KCl trung tính (pH=7) còn NH₄Cl và NaHSO₄ thì có tính axit (pH<7).

Chọn đáp án D.

NaCl không chứa ion nào có thể làm kết tủa Ca²⁺ hay Mg²⁺

Dùng Ca(OH)₂ lượng vừa đủ có thể chuyển HCO₃ thành và làm kết tủa hết Mg²⁺ và Ca²⁺ Dùng Na₂CO₃ và Na₃PO₄ có thể làm mềm mọi loại nước cứng

Chọn đáp án C.

Chất bị thủy phân trong môi trường kiềm là triolein, metyl metacrylat và protein

Lưu ý: xenlulozơ bị thủy phân trong môi trường axit

Chọn đáp án D.

Đặt nGly = a, Etylamin = b

Chọn đáp án D.

Có 2 thí nghiệm thu được muối Fe²⁺ là (5) và (6)

(1) Fe dư nhưng không phản ứng với Fe³⁺ vì không có môi trường điện li => Chỉ thu được FeCl₃

(2) Fe không phản ứng với HNO₃ đặc, nguội => Không thu được muối Fe nào

(3) Chỉ thu được Fe(NO₃)₃ vì AgNO₃ dư sẽ oxi hóa Fe lên hóa trị tối đa

(4) Axit H₂SO₄ đặc, nóng dư => Oxi hóa lên hóa trị tối đa => Chỉ thu được Fe₂(SO₄)₃

Chọn đáp án A.

Các kim loại kiềm, kiềm thổ được điều chế bằng cách điện phân nóng chảy muối clorua của nó.

Chọn đáp án A.

n_Ancol = 0,075×100/75 = 0,1 => n_Este = 0,1 = n_Muối => n_{NaOH dư} = 0,14 - 0,1 = 0,04

=> m_Muối = 11 - 0,04×40 = 9,4 => M_Muối = 9,4/0,1 = 94 đvC => Muối này là C₂H₃COONa

M_Este = 10/0,1 = 100 => Este ban đầu là C₂H₃COOC₂H₅

Chọn đáp án C.

Thí nghiệm (1) có nNaOH = 3nAlCl₃ => Phản ứng tạo kết tủa vừa đủ và chỉ có 1 muối NaCl

Thí nghiệm (2) có nH₂SO₄ > 4nFe₃O₄ => Tan hết tạo 2 muối FeSO₄ và Fe₂(SO₄)₃

Thí nghiệm (3) có CO₂ dư nên CaCO₃ bị hòa tan hết => Chỉ thu được 1 muối Ca(HCO₃)₂

Thí nghiệm (4) có Fe³⁺ dư => Thu được 3 muối là FeSO₄, CuSO₄ và Fe₂(SO₄)₃

Thí nghiệm (5) có số mol 2 chất bằng nhau => Phản ứng vừa đủ tạo 2 muối K₂SO₄ và Na₂SO₄.

Chọn đáp án C.

Từ tỉ lệ nAl: nFe₃O₄ = 4 : 1 => Đặt nAl = 4x và nFe₃O₄ = x => 27×4x + 232x = 20,4 => x = 0,06

Đặt nNO = x => nHCl dư trong Y = 4x

nHCl phản ứng = 2×0,24 + 2×0,34 = 1,16 => nAgCl = 1,16 + 4x

BTE => 0,24×3 + 0,06 = 2×0,34 + 3x + nAg => nAg = 0,1 - 3x

=> 184,51 = 143,5×(l,16 + 4x) + 108×(0,l - 3x) =>x = 0,029

Vậy V = 1000×0,029×22,4 = 649,6.

Chọn đáp án C

Dung dịch Y chứa

 trong đó nOH^- = 0,18 (từ đồ thị, điểm bắt đầu có kết tủa) 

Với nH⁺ = 0,36 => nAl(OH)₃ = 3a = 0,36 - 0,18 = 0,18 => a = 0,06

Với nH₊ = 0,6 = nOH^- + nAl(OH)₃ + 4nAl³⁺ => nAl³⁺ = (0,6 - 0,18 - 0,18)/4 = 0,08

Trong đó nAl(OH)₄^- = 0,06×3 + 0,08 = 0,26; BTĐT => nBa²⁺ = (0,18 + 0,26)/2 = 0,22 = n_Ba ban đầu

Mà n_Ba + l,5n_Al ban đầu = nH₂ => n_Al ban đầu = (0,3 - 0,22)/l,5 = 4/75 => m_Al = 1,44 gam

 nAl₂O₃ = (0,26 - 4/75)/2 = 31/300 => mAl₂O₃ = 10,54 gam

Chọn đáp án B.

nE = nHCl phản ứng = 0,38 => Cả X và Y chỉ chứa 1 nguyên tử N trong phân tử

nNaOH phản ứng = 0,5 = 0,3 + 0,2 => nY = 0,2 => nX = 0,1

Xem như E không phản ứng với HCl mà cả E và HCl phản ứng trực tiếp với NaOH

BTKL => mE + 0,3×36,5 + 0,5×40 = 45,65 + 0,5×18 => mE = 23,7 gam

=> 0,1M_X + 0,2M_Y = 23,7 => M_X + 2M_Y = 237 đvC.

Thử đáp án A => M_X = 45 đvC => M_Y = 96 đvC => Loại vì M_Y phải lẻ mới chứa 1N

Thử đáp án B => M_X = 59 đvC => M_Y = 89 đvC => Nhận vì thỏa C_X và C_Y = 3.

Chọn đáp án B.

Có 4 cặp chất là đồng phân của nhau gồm: (1), (4), (5) và (8).

Chọn đáp án C.

nNaOH phản ứng = 0,2 – 0,04 = 0,16

15,14 gam muối gồm 0,04 mol NaCl

=> Muối của T có khối lượng là 15,14 – 0,04×58,5 = 12,8 gam

Đặt muối đó là R(COONa)_n => nMuối = 0,16/n => R + 67n = 12,8n/0,16

=> R = 13n => Chỉ có n = 2 và R = 26 là phù hợp => Muối này là C₂H₂(COONa)₂

=> T là C₂H₂(COOH)₂ => T có 3 liên kết π => Loại đáp án D

=> nY = nZ = nT = 0,08 => 0,08M_Y +0,08Mz = 7,36 => M_Y + Mz = 92 = 32 +60

=> Y, Z là CH₃OH và C₃H₇OH => Loại đáp án B vì không kế tiếp

X là CH₃OOC-C₂H₂-COOC₃H₇ => Số H trong X = 12 =>  Loại đáp án A 

Chọn đáp án C

nMgO = 18,24/40 = 0,456 và n$S{O}_4^{2-}$trong Y = 0,72 => nAl³⁺ trong Y =1,6 − 0,72×2 = 0,16

BTÐT => n$N{H}^{4+}$= 0,72x2 − 0,16×3 − 0,456×2 = 0,048

Dễ thấy đề không cho quá nhiều dữ kiện về hỗn hợp khí Z, nhưng lại cho nH₂ và bắt tìm phần trăm khối lượng H₂ => Chỉ cần tìm khối lượng của Z, không cần tìm cụ thể số mol

Nhận thấy có đủ số mol ở tất cả các chất chứa hiđro trong quá trình

nH₂O sau khi X tác dụng với axit = 0,72 + 0,08/2 – 0,128 – 0,048x2= 0,536

BTKL=>23,616+0,72×98+0,08×63 = mZ+0,456×24+0,16×27+0,048×18+0,72×96+0,536×18

=> mZ = 4,32 gam

Chọn đáp án C

Cả A và B đều có 2 liên kết π => nA + nB = nCO₂ - nH₂O = 0,15

nB = 0,22 - 0,15 = 0,07 => nA = 0,15 - 0,07 = 0,08

=> 0,08C_A + 0,07C_B = 0,68 => 8C_A + 7C_B = 68 mà C_A ≥ 4 và C_B ≥ 4

=> Chỉ có C_A = 5 và C_B = 4 là thỏa => A là C₂H₃COOC₂H₅ và B là (COOCH₃)₂

Vậy D là C₂H₃COONa (0,08 mol) và E là (COONa)₂ (0,07 mol)

Chọn đáp án B.

E là tetrapeptit nhưng lại phản ứng với NaOH tỉ lệ 1:6 => là đồng đẳng của axit glutamic

Đề bài không cho Ba(OH)₂ dư nên chỉ tìm được mCO₂ + mH₂O = 41,37 – 18,81 = 22,56 gam

=>

Vậy X là NH₂CH(COOH)CH₂COOH => Mx = 133 đvC.