Đề Ôn thi THPTQG 2019 Hóa Học cơ bản, nâng cao có lời giải chi tiết (P5)

Hợp chất hữu cơ không nhát thiết phải có H, ví dụ CaC2,CCl4..

Đáp án B

Phân ure được sản xuất bằng cách cho NH3 tác dụng với CO2.

2 NH3 + CO2 $\stackrel{t^o,xt}{\to }$(NH2)2CO + H2O

Đáp án A.

Những công thức thỏa mãn là:

(X chứa nhóm –OH(hydroxyl); Y chứa nhóm –CO- (cacbonyl))

Đáp án C

Chú ý rằng :

3 AgNO3 + FeCl2 → Fe(NO3)3 + 2 AgCl↓ + Ag↓

Mà n _AgNO3 = 0,4 mol ;n _AgCl = 0,12 mol => AgNO3 dư

=> nAg = 0,12 mol; nAgCl = 0,24 mol

=> m = mAg + mAgCl = 47,4 g

Đáp án B

Ta có

1. NaHCO3 +NaOH   Na2CO3 + H2O

2. Al(OH)3  +NaOH  Na[Al(OH)4]

3. HF   +NaOH NaF + H2O

4. Cl2  +NaOH  NaCl + NaClO + H2O

5. NH4Cl  +NaOH NaCl + NH3 + H2O

Đáp án A

Áp dụng định luật bảo toàn electron, với nX = 1 mol

Cu : necho = 2 mol =>  n _NO2  = 2 mol => k=2

S : necho = 6 mol ( vì tạo SO42-)  => n _NO2  = 6 mol => k= 6

FeS2 : Chú ý rằng FeS2 → Fe3+ + 2 S6+ + 15e

=> necho = 15 mol => k= 15

Đáp án B

S, FeS, FeS2 + HNO3 → Fe3+ + SO42- + NO2↑

Khi cho Ba(OH)2 vào X, kết tủa là Fe(OH)3 và BaSO4

Coi hỗn hợp đầu gồm x mol Fe và y mol S

=>  $\left\{\begin{array}{l}56x +32y = 7,52\\ 3x + 6y = 0,96\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,06\\ y=0,13\end{array}\right.$

Bảo toàn nguyên tố =>  n Fe(OH)₃ = 0,06 mol; n BaSO₄ = 0,13 mol

 Sau khi nung, chất rắn là Fe2O3 (0,03 mol) và BaSO4 (0,13 mol)

=> mc.rắn = 35,09 g

Đáp án D

Anilin là chất lỏng, không màu ở điều kiện thường Etylamin, metylamin và dimetylamin đều là chất khí (đktc) 

Đáp án B

Metylaxetat : CH3COOCH3 (C3H6O2) và axit axetic CH3COOH (C2H4O2) không phải là chuỗi đồng phân của nhau ( Do CTPT khác nhau)

Đáp án D

Theo đề bài: 4,5g X ứng với nx= $\frac{2,1}{28}$= 0,075 mol

=> MX = 60  => X là CH3COOH , HCOOCH3; CH3CH2CH2OH; CH3CHOHCH3 ; CH3-O-C2H5

=> Có 5 CT thỏa mãn

=> Đáp án D

Fe bị ăn mòn trước, khi Fe là chất khử mạnh hơn (vai trò catot)

=> Cặp Fe-Cu ; Fe-C; Fe- Ag thỏa mãn

Đáp án A

Nguyên tử Fe có Z= 26 => Có 26 proton trong hạt nhân

=>Có 26 hạt mang điện (trong hạt nhân)

Đáp án A

Vì CO2 + H2O → H2CO3   là axit mạnh hơn axit phenic C6H5OH nên:

CO2 + H2O + C6H5Ona →  C6H5OH  + NaHCO3

Phenol tạo ra không tan, làm vẩn đục dung dịch

Đáp án D

Có thể hiểu, H+ trong HCl có tính oxi hóa mạnh hơn H+ trong H2O

HCl phản ứng với Na trước. Nói cách khác  HCl bị khử trước

=> Đáp án D

Ta thấy

Y +  NaOH $\stackrel{CaO,t^o}{\to }$hidrocacbon

=> Y là muối natri của axit cacboxylic

=> X là este. Mà E + O2 → Z

=> E và Z có số C như nhau ( dự đoán )

=> Z kém Y 1 nguyên tử C

MX = 98 => X là C5H6O2 => X có CTCT : CH2=CHCOOH=CH2

Khi đó, Y là CH2=CHCOONa; Z là CH3CHO ; E là C2H4

           => dX/Z =$\frac{89}{44}$= 2,227

Đáp án C

Polime bán tổng hợp là tơ visco ( chế hóa từ xenlulozo tự nhiên )

Đáp án A

Ta có: nKOH= 0,2 mol ; nHCl= 0,03 mol

=> Dung dịch Y có KOH dư, nKOH= 0,2-0,03 = 0,17 mol

=> [OH-] =$\frac{0,17}{2}$ + 3  => pH = 14 + log[OH-] = 12,53

Đáp án B

Khi đốt hỗn hợp X. tạo ra n H₂O >  n CO₂

=> Aminno axit phải no, và có 1 nhóm COOH => A.a có dạng H2N(CH2)nCOOH

Khi đốt a.a ta được na.a=$\frac{n{H}_{2}O-nC{O}_2}{0,5}$=$\frac{0,675-0,6}{0,5}$ = 0,15 mol

Trong 0,2 mol X số mol aminoaxit là 0,15.(0,2/0,25) = 0,12 mol

Mà chỉ có a.a phản ứng với HCl tỉ lệ 1:1

=> nHCl= 0,12 mol

Đáp án C

Kim loại càng yếu thì cation kim loại tương ứng có tính oxi hóa càng mạnh Mg2+< Fe2+|< Cu2+< Ag+( Xét về tính oxi hóa )

Đáp án A

(1) Fe + CuSO_{4  $\to$}FeSO4 + Cu

(2) Fe2O3 + COdư $\stackrel{t^0}{\to }$ Fe + CO2

(3) KNO3 $\stackrel{t^0}{\to }$ KNO2 + O2

(4) CaO + C → CaC2 + CO2

(5) Ag2S + O2 $\stackrel{t^0}{\to }$Ag + SO2

(6) Zn + FeCl3dư → ZnCl2 + FeCl2

Chú ý các phản ứng tạo ra kim loại

Đáp án C

Toluen (C6H5CH3) có nhóm thế CH3-, khi phản ứng với Br2 (1:1) sẽ ưu tiên tạo thành o-

bromtoluen hoặc p-bromtoluen

Đáp án C

Để phản ứng được với Cu(OH)2 cần có hai nhóm –OH gắn với 2 C liền kề

=> Các chất (a) CH2OH-CH2OH; (c) CH2OHCHOHCH2OH và (d) CH3CHOHCH2OH

Đáp án C

Theo đề bài: % N + % O = 61,33% ↔$\frac{14+16}{M_Y}$ = 0,6133

=> MY = 75

=> Y là H2NCH2COOH (alynin)

Số mol mắt xích glyxin trong X là nglyxin=$\frac{30,3.5}{75,5-18,4}$+$\frac{19,82}{75,2-18,1}$+$\frac{37,5}{75}$= 1,3 mol

( n-peptit có phân tử khối là 75n-18(n-1)

=> nX=$\frac{1,3}{6}$=> m =$\frac{1,3}{6}$(75 x 6 -18 x 5) = 78 g

Đáp án B

Cao su isopren có công thức C5nH8n-(C5H8)n

=> Khi lưu hóa, giả sử có 1 cầu nối S-S, cao su có CT: C5nH8n-2S2

( Mỗi một S thay thế một H)

$\to \frac{32,2}{12,52+8n-3+32,2}=2\%\to n=46$

Đáp án A

Gốc glucozo và fructozo liên kết vói nhau bởi cầu nối C1-O-C, tức là thông qua nguyên tử oxi

Đáp án A

Dung dịch chứa n_OH^- = n _KOH + 2n_Ba(OH)2 = 0,168 mol

N_Ba²⁺ = 0,012 mol kết tủa gồm BaSO₄ và Al(OH)₃ (có thể có)

n BaSO_{4 =} N_Ba²⁺ = 0,012 mol ( Vì Ba2+ hết so với SO42- ) => R^mBaSO4 = 2,796g

=>m Al(OH)₃ = 3,732 – 2,796 =0,936g =>n Al(OH)₃ = 0,012 mol

Khi cho X + Y, đầu tiên H+ phản ứng với OH- trước, rồi đến Al3+

=> nOH- phản ứng với Al3+ = 0,168 – 0,1 = 0,068 mol

Trong khi đó nAl(OH)₃ = 0,012 mol => Có tạo muối AlO2-

=> $n_{Al{\left(OH\right)}_3}$ = 4nAl3+ - nOH- => nAl3+ = $\frac{0,068+0,012}{4}$   = 0,02 mol

=> z= 0,02  bảo toàn điện tích dung dịch X

=> t = 0,12 mol

Đáp án B

Các chất có chung cấu tạo A-NH2. Gốc A càng đẩy e mạnh, tích bazo càng mạnh và ngược lại

Xét về tính đẩy e (CH3)2 →C2H5→CH3-→H→C6H5→p-O2N-C6H4-

Tính bazo giảm dần (4) > (5) >(2) > (1) > (3) >(6) Đáp án D

Sử dụng lượng dư Fe2(SO4)3

Riêng Ag không tan ( không phản ứng ) => Gạn lấy Ag

Đáp án D

Xét 1 cách tổng quát vì Y phản ứng vừa đủ với NaOH và KOH

=> Muối tạo thành chứa các ion Na+, K+, $S{O_4}^{2-}$

Gọi CxHy là R

Tổng khối lượng ion tạo muối là 36,4g

và H2NCxHy(COO)2-

 => 0,1.23 + 0,3.39 +0,1.96+0,1.[16+R+44.2] = 36,4

=> R= 27 ( C2H3-)

=> % N = 14/133 = 10,526%

Đáp án C

Gọi anken là CnH2n( n € N*, n ≥ 2) Giả sử m= 14

=> nanken =$\frac{14}{14n}$=mol; n_Br2=$\frac{1}{n}$ mol,$n_{B{r}_2}=\frac{20.14}{7.160}=0,25mol$

Mà nanken=  n_Br2 => $\frac{1}{n}$= 0,25  => n= 4

Đáp án A

Fe+$\left\{\begin{array}{l}HN{O}_3\\ H_{2}S{O}_4\end{array}\right.$+$H_{2}S{O}_4$$\to$$\left\{\begin{array}{c}F{e}^{3+}F{e}^{2+}\\ H^{+}\\ S{O_4}^{2-}\end{array}\right.$+Cu dư$\to$$\left\{\begin{array}{c}F{e}^{2+}C{u}^{2+}\\ H^{+}\\ S{O_4}^{2-}\end{array}\right.$

Bảo toàn e, gọi nFe= x

Tổng e cho : ne cho = 2 nFe + 2nCu=2x+2.$\frac{4,16}{64}$=2x+0,13

Tổng e nhận: ne nhận = 3nNO=$\frac{2,24+0,896}{3.22,4}$=0,42

=> 2x + 0,13 = 0,42 => x= 0,145mol

=> mFe = 8,12 g

Đáp án B

Đốt M thu được n _CO2 =  n _H2O

=> Anđehit X no, mạch hở, đơn chức. Gọi  n _CH3COOH = x ; nX= y

M + 0,13 mol O2 →0,1 mol CO2 + 0,1 mol H2O BTNT oxi => 2x+y= 0,1.2+0,1 -0,13.2= 0,04

Gọi số C của X là n, BTNT cacbon => 2x + ny= 0,1

=> y(n-1) = 0,06

Nếu X là HCHO => y=   nAg = 0,01 => n=7 Vô lí

Nếu X khác HCHO => y=  nAg = 0,02 => n=4 => X là C3H7CHO

Các đồng phân của X CH3CH2CH2CHO; (CH3)2CHCHO

Đáp án B

Cặp phản ứng với nhau trước hết là Mg và Ag+, do đó chắc chắn tồn tại ion Mg2+. Nếu ion còn lại là Cu2+ mâu thuẫn do Zn vẫn dư thì Cu2+  phải hết

=> Hai ion trong dung dịch là Mg2+ và Zn2+. Phản ứng xảy ra tới khi hết Ag+; Cu2+