Bộ đề thi thử Hóa học cực hay có lời giải chi tiết(Đề số 4)
50 câu hỏi
Hòa tan hết 10,1 gam hỗn hợp hai kim loại kiềm thuộc 2 chu kì liên tiếp vào nước thu được 3 lít dung dịch có pH = 13. Hai kim loại kiềm đó là
K, Rb
Na, K
Rb, Cs
Li, Na
Đáp án : B
Công thức chung : X + H2O -> XOH + ½ H2
=> COH = 10-pOH = 0,1 M
=> nOH = nX = 0,3 mol
=> MX =33,67g
=> 2 kim loại là Na(23) và K(39)
Có các dung dịch riêng biệt không dán nhãn : NH4Cl , AlCl3, FeCl3, Na2SO4, (NH4)2SO4, NaCl. Thuốc thử cần thiết để nhận biết tất cả các dung dịch trên là dung dịch
BaCl2
NaHSO4
Ba(OH)2
NaOH
Đáp án : C
Dùng Ba(OH)2 thì :
+) NH4Cl : khí mùi khai
+) AlCl3 : Kết tủa keo sau đó tan
+) FeCl3 : Kết tủa nâu đỏ
+) Na2SO4 : kết tủa trắng
+) (NH4)2SO4 : kết tủa trắng + khí mùi khai
+) NaCl : không có hiện tượng gì
Phát biểu nào sau đây không đúng
Do Cr(OH)3 là hiđroxit lưỡng tính nên Cr tác dụng được với dung dịch NaOH đặc
CrO là oxit bazơ, tan dễ dàng trong dung dịch axit
CrO3 tan dễ trong nước, tác dụng dễ dàng với dung dịch kiềm loãng
Cr2O3 là oxit lưỡng tính, không tan trong dung dịch axit và kiềm
Đáp án : A
Cr không phản ứng với NaOH đặc
Đốt hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X gồm etyl axetat và metyl acrylat thu được số mol CO2 nhiều hơn số mol H2O là 0,08 mol. Nếu đun 0,2 mol hỗn hợp X trên với 400 ml dd KOH 0,75M rồi cô cạn dung dịch sau phản ứng thì số gam chất rắn khan thu được là
20,56
26,64
26,16
26,40
Đáp án : C
X gồm x mol CH3COOC2H5 và y mol CH2=CHCOOCH3
=> x + y = 0,2 mol
Khi đốt cháy X : nCO2 – nH2O = y = 0,08 mol
=> x = 0,12 mol
X + 0,3 mol KOH
=> sản phẩm gồm : 0,08 mol CH2=CHCOOK ; 0,12 mol CH3COOK ; 0,1 mol KOH
=> m = 26,16g
Hỗn hợp X gồm một axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở và một ancol đơn chức, mạch hở. Đốt cháy hoàn toàn 21,7 gam X, thu được 20,16 lít khí CO2 (đktc) và 18,9 gam H2O. Thực hiện phản ứng este hóa 21,7 gam X với hiệu suất 60%, thu được m gam este. Giá trị của m là
10,80
15,30
12,24
9,18
Đáp án : D
,nCO2 = 0,9 mol < nH2O = 1,05 mol
Vì axit no đơn chức => ancol đơ chức là ancol no
=> nancol = nH2O – nCO2 = 0,15 mol
Bảo toàn khối lượng : mX + mO2 = mCO2 + mH2O
=> nO2 = 1,15 mol
Bảo toàn O : 2naxit + nancol + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O
=> naxit = 0,2 mol
Công thức của axit là CnH2nO2 và ancol là CmH2m+2O
=> mX = 0,2.(14n + 32) + 0,15.(14m + 18) = 21,7g
=> 4n + 3m = 18
=> n = 3 và m = 2 thỏa mãn
C2H5COOH + C2H5OH -> C2H5COOC2H5 + H2O
=> Hiệu suất tính theo ancol ( số mol ancol nhỏ hơn)
=> neste = nancol.60% = 0,09 mol
=> m = 9,18g
Dung dịch glucozơ và saccarozơ đều có tính chất hoá học chung là.
Phản ứng thuỷ phân
Phản ứng với nước brom
Hòa tan Cu(OH)2 ở nhiệt độ thường
Có vị ngọt, dễ tan trong nước
Đáp án : C
Vì cùng có nhiều nhóm OH kề nhau
Chất hữu cơ X có công thức phân tử là C5H6O4. Thuỷ phân X bằng dung dịch NaOH dư, thu được một muối và một ancol. Công thức cấu tạo của X có thể là
HOOC–CH2–CH=CH–OOCH
HOOC–CH2–COO–CH=CH2
HOOC–CH=CH–OOC–CH3
HOOC–COO–CH2–CH=CH2
Đáp án : D
(pi + vòng) = 3
Vì X + NaOH -> muối + ancol => X có gốc este COOR
X có 4 O => có 2 nhóm COO
Chỉ có 1 muối + 1 ancol
+) TH1 : axit 2 chức và 1 ancol đơn chức
=> HOOC-COOCH2-CH=CH2
+) TH2 : ancol 2 chức và axit đơn chức
=> không thỏa mãn
200 ml dung dịch NaOH 1M. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X cần V lít O2(đktc) sau đó cho toàn bộ sản phẩm cháy vào dung dịch NaOH dư thấy khối lượng dung dịch tăng 40,3 gam. Giá trị của V là:
19,04 lít
17,36 lít
15,12 lít
19,60 lít
Đáp án : B
, nNaOH = nCOO = 0,2 mol
Vì các chất trong X đều có 1 pi => đốt cháy : nCO2 = nH2O
,mbình tăng = mCO2 + mH2O = 40,3g
=> nCO2 = nH2O = 0,65 mol
=> bảo toàn O : 2nCOO + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O
=> nO2 = 0,775 mol
=> VO2 = 17,36 lit
Cho 3,76 gam hỗn hợp X gồm Mg, Fe, Cu tác dụng với dung dịch HNO3 dư thu được 1,344 lít khí NO (sản phẩm khử duy nhất ở đktc) và dung dịch Y. Cho Y tác dụng với dung dịch NaOH dư thu được m gam kết tủa. Giá trị của m là
7,84
4,78
5,80
6,82
Đáp án : D
Mg;Fe;Cu -> Mg2+;Fe3+;Cu2+ -> Mg(OH)2 ; Fe(OH)3 ; Cu(OH)2
=> ne kim loại = nOH (hidroxit)
Bảo toàn e : ne kim loại = 3nNO = 0,06.3 = 0,18 mol
=> mchất rắn = mKL + mOH = 6,82g
Cho các polime sau: tơ nilon-6,6; poli(vinyl clorua); thủy tinh plexiglas; teflon; nhựa novolac; tơ visco, tơ nitron, cao su buna. Trong đó, số polime được điều chế bằng phản ứng trùng hợp là
7
6
5
4
Đáp án : C
poli(vinyl clorua); thủy tinh plexiglas; teflon; tơ nitron, cao su buna
Bốn kim loại Na; Al; Fe và Cu được ấn định không theo thứ tự X, Y, Z, T biết rằng: X; Y được điều chế bằng phương pháp điện phân nóng chảy. X đẩy được kim loại T ra khỏi dung dịch muối. Z tác dụng được với dung dịch H2SO4 loãng nhưng không tác dụng được với dung dịch H2SO4 đặc nguội. X, Y, Z, T theo thứ tự là
Al; Na; Cu; Fe
Na; Fe; Al; Cu
Na; Al; Fe; Cu
Al; Na; Fe; Cu
Đáp án : D
X đẩy được kim loại ra khỏi muối => X không thể là kim loại kiềm
=> X là Al
Z không tác dụng được với H2SO4 đặc nguội => Z có thể là Fe ; Al ; Cr
=> Z là Fe trong trường hợp này
Trường hợp nào sau đây không xảy ra phản ứng hoá học?
Cho Fe vào dung dịch H2SO4 loãng, nguội
Sục khí H2S vào dung dịch CuCl2
Sục khí Cl2 vào dung dịch FeCl2
Sục khí H2S vào dung dịch FeCl2
Đáp án : D
Dung dịch A cho pH > 7; dung dịch B cho pH < 7; dung dịch D cho pH = 7. Trộn A với B thấy xuất hiện bọt khí; trộn B với D thấy xuất hiện kết tủa trắng . A, B, D theo thứ tự là
Ba(OH)2; H2SO4; Na2SO4
NaOH; NH4Cl; Ba(HCO3)2
Na2CO3; NaHSO4; Ba(OH)2
Na2CO3; KHSO4; Ba(NO3)2
Đáp án : D
A + B tạo khí => chỉ có B và D thỏa mãn
B + D tạo kết tủa trắng
=> D là đáp án đúng nhất
Một hỗn hợp X gồm CH3OH, CH3COOH, C6H5OH tác dụng vừa đủ với Na sinh ra 672ml khí (đktc) và hỗn hợp rắn Y . Nếu đốt cháy hết X thu được 4,032 lit CO2(đktc). Nếu đốt cháy hết Y được Na2CO3 và số mol CO2 tạo ra là:
0,16
0,15
0,12
0,18
Đáp án : B
, nOH = 2nH2 = 0,06 mol = nNa = 2nNa2CO3
=> nNa2CO3 = 0,03 mol
Bảo toàn C : nCO2 (đốt X) = nNa2CO3 + nCO2(đốt Y) = 0,18 mol
=> nCO2 đốt Y = 0,15 mol
Với thuốc thử duy nhất là quỳ tím sẽ nhận biết được dung dịch các chất nào sau đây ?
CH3-COOH; C6H5-OH; HN2-CH2-COOH
C6H5-NH2; HN2-CH2-COOH; CH3-COOH
C6H5-NH2; C6H5-OH; HN2-CH2-COOH
CH3-COOH; C6H5-OH; CH3-CH2-NH2
Đáp án : D
CH3COOH : quì chuyển đỏ
C6H5OH : quì vẫn màu tím
CH3CH2NH2 : quì chuyển xanh
Phản ứng điện phân dung dịch CuCl2 (với điện cực trơ) và phản ứng ăn mòn điện hoá xảy ra khi nhúng hợp kim Zn-Cu vào dung dịch HCl có đặc điểm giống nhau là
Phản ứng xảy ra luôn kèm theo sự phát sinh dòng điện
Phản ứng ở cực dương đều là sự oxi hoá Cl-
Ở cực dương đều tạo ra khí
Catot đều là cực dương
Đáp án : C
Đốt cháy hoàn toàn 2 amin no đơn chức đồng đẳng kế tiếp cần 2,24 lít oxi thu được 1,12 lít CO2 (đktc) . Công thức phân tử của 2 amin là
C2H5NH2, C3H7NH2
CH3NH2, C2H5NH2
C4H9NH2, C5H11NH2
C3H7NH2, C4H9NH2
Đáp án : A
Công thức chung : CnH2n+1NH2 + (1,5n + 0,75)O2 -> nCO2 + (n + 1,5)H2O + ½ N2
,nO2 = 0,1 mol ; nCO2 = 0,05 mol
Bảo toàn O : 2nO2 = 2nCO2 + nH2O => nH2O = 0,1 mol
=> nH2O – nCO2 = 1,5namin = 3nN2
=> namin = 1/30 mol ; nN2 = 1/60 mol
Bảo toàn khối lượng : mamin = mCO2 + mH2O + nN2 – nO2 = g
=> Mamin = 38g
2 amin đồng đẳng liên tiếp là CH3NH2 (31) và C2H5NH2 (45)
Ngâm một thanh sắt có khối lượng 20 gam vào 200 ml dung dịch hỗn hợp Cu(NO3)2 1M và AgNO3 0,5M, sau một thời gian thấy khối lượng thanh sắt tăng 10%. Hỏi khối lượng dung dịch đã thay đổi như thế nào?
Giảm 1,6 gam
Tăng 2 gam
Giảm 2 gam
Tăng 1,6 gam
Đáp án : C
, nCu2+ = 0,2 mol ; nAg+ = 0,1 mol
,mdung dịch giảm = mkim loại tăng = 2g
Oligopeptit X tạo nên từ α-aminoaxit Y, Y có công thức phân tử là C3H7NO2. Khi đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X thì thu được 19,8 gam nước. Vậy số liên kết peptit trong X là
1
4
2
3
Đáp án : D
Gọi số mắt xích Y trong X là n
=> X có công thức : C3nH5n + 2On + 1Nn
=> nH2O = ½ nH(X)
=> 1,1 = ½ .0,1.(5n + 2)
=> n = 4
=> Số liên kết peptit là 3
Cho m gam hỗn hợp Al, Fe vào 300ml dung dịch HCl 1M và H2SO4 0,5M thấy thoát ra 5,6 lít H2 (đktc). Tính thể tích dung dịch NaOH 1M cần cho vào dung dịch X để thu được kết tủa có khối lượng lớn nhất ?
300 ml
400 ml
600 ml
500 ml
Đáp án : C
Bảo toàn e : 2nH2 = 3nAl+ + 2nFe2+ = 0,5 mol
=> nH+ dư = nHCl + 2nH2SO4 – 2nH2 = 0,1 mol
Để đạt kết tủa lớn nhất : nOH = nH+ + 3nAl+ + 2nFe2+ = 0,6 mol
=> Vdd NaoH = 0,6 lit = 600 ml
Hợp chất hữu cơ thơm X có công thức C7H8O2. Khi tác dụng với Na thu được số mol khí hiđro bằng số mol X. Mặt khác X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol 1:1. Cấu tạo của X là
HO-C6H4O-CH3
HO-C6H4-CH2OH
CH3-C6H4(OH)2
C6H5CH(OH)2
Đáp án : B
X + Na => nH2 = nX => X có 2 H linh động ( 2 nhóm OH)
X + NaOH (tỉ lệ mol 1 : 1) => X chỉ có 1 nhóm OH đính trực tiếp vào vòng benzen
Cho sơ đồ phản ứng : C2H2 X Y Z
etilen và etanol
Etan và axit axetic
etan và etanal
Etilen vàaxit axetic
Đáp án : D
Sơ đồ hoàn chỉnh : C2H2 => C2H4 => CH3CHO => CH3COOH
Hòa tan hoàn toàn hỗn hợp gồm một kim loại hóa trị 1 và oxit kim loại hóa trị 2 vào nước dư. Sau khi phản ứng xong được 500 ml dd X chỉ chứa một chất tan duy nhất và 4,48 lít khí H2 (đktc). Nồng độ mol/l của dung dịch X là
0,3M
0,25 M
0,2M
0,4 M
Đáp án : D
Dung dịch X chỉ chứa 1 chất tan duy nhất
=> kim loại hóa trị 2 tan trong kiềm
Gọi kim loại kiềm là X và kim loại hóa trị 2 là Y
=> X + H2O -> XOH + ½ H2
2XOH + YO -> X2YO2 + H2O
=> 2nH2 = nX = nXOH = 0,4 mol
=> nX2YO2 = ½ nX = 0,2 mol
=> CM = 0,4M
Cho sơ đồ sau: (a) X + H2 ancol X1.
(b) X + O2 axit hữu cơ X2.
(c) X1 + X2 C6H10O2 + H2O. Công thức cấu tạo của X là
CH2=C(CH3)-CHO
CH2=CH-CHO
CH3-CHO
CH3CH2CHO.
Đáp án : B
X + H2 → ancol X1 => X1 là ancol no
X2 + X1 → C6H10O2 + H2O. => C6H10O2 có 2 liên kết pi (1 của COO , 1 của gốc axit) và X1 và X2 đều có 3C
=> X là andehit có 1 liên kết pi (CH2=CH-CHO)
Cho hỗn hợp X gồm Mg và Fe vào dung dịch axit H2SO4 đặc, nóng đến khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được dung dịch Y và một phần Fe không tan. Chất tan có trong dung dịch Y là
MgSO4 và FeSO4
MgSO4 và Fe2(SO4)3.
MgSO4, Fe2(SO4)3 và FeSO4
MgSO4
Đáp án : A
Vì Fe không tan dư => chỉ tạo Fe2+
Dãy gồm các chất đều tác dụng được với Fe(NO3)2 là
AgNO3, NaOH, Cu, FeCl3
AgNO3, Br2, NH3, HCl
KI, Br2, NH3, Zn
NaOH, Mg, KCl, H2SO4.
Đáp án : B
Hoà tan hoàn toàn m gam bột Al vào 150 ml dung dịch HCl 2M thu được dung dịch X. Cho dung dịch X tác dụng với 320 ml dung dịch NaOH 1M thu được 4,68 gam kết tủa. Giá trị của m là.
1,89 gam
2,7 gam
1,62 gam
2,16 gam
Đáp án : D
, nHCl = 0,3 mol ; nNaOH = 0,32 mol ; nAl(OH)3 = 0,06 mol
Vì nNaOH > nHCl => dư OH sau khi phản ứng hết với AlCl3 => có hiện tượng hòa tan kết tủa
=> nOH tan kết tủa = nNaOH – nHCl = 0,02 mol
=> nAl(OH)3 max = 0,06 + 0,02 = 0,08 mol = nAl bđ
=> mAl = 2,16g
Aminoaxit nào sau đây làm xanh quì tím
Axit Glutamic
Alanin
Lysin
Valin
Đáp án : C
Có 3 kim loại X, Y, Z thỏa mãn các tính chất sau:
- X tác dụng với HCl, không tác dụng với NaOH và HNO3 đặc, nguội.
- Y tác dụng được với HCl và HNO3 đặc nguội, không tác dụng với NaOH.
- Z tác dụng được với HCl và NaOH, không tác dụng với HNO3 đặc nguội. Vậy X, Y, Z lần lượt là
Zn, Mg, Al
Fe, Mg, Al
Fe, Al, Mg
Fe, Mg, Zn
Đáp án : B
Kim loại nào sau đây tan được trong cả dung dịch NaOH và dung dịch HCl
Al
Fe
Cr
Cả Cr và Al
Đáp án : A
Cho 7,36 gam hỗn hợp X gồm Mg và Fe vào dung dịch chứa AgNO3 và Cu(NO3)2, khi phản ứng kết thúc thu được chất rắn Y và dung dịch Z. Hòa tan hết Y bằng dung dịch H2SO4 đặc nóng (dư), thu được 5,04 lít SO2 (đktc, sản phẩm khử duy nhất). Cho NaOH dư vào Z, được kết tủa T. Nung T trong không khí đến khối lượng không đổi được 7,2 gam hỗn hợp rắn. Phần trăm khối lượng của Fe trong X là
83,70%.
38,04%
60,87%
49,46%.
Đáp án : C
nSO2 = 0,225 mol
Chất rắn sau khi nung chỉ nặng 7,2 gam nên toàn bộ Mg và Fe không thể chuyển hết về oxit được (Lúc đó mrắn > 7,36), tức là trong Y phải có Fe dư —> AgNO3 và Cu(NO3)2 đã hết
Đặt a, b, c là số mol Mg, Fe phản ứng và Fe dư —> 24a + 56(b + c) = 7,36
Chất rắn Y gồm Ag, Cu và Fe dư, phần Ag, Cu do Mg (a) và Fe (b) đẩy ra nên 2a + 2b = nAg + 2nCu
Trong khi đó: nAg + 2nCu + 3nFe dư = 2nSO2 —> 2a + 2b + 3c = 0,225.2
Chất rắn cuối bài gồm MgO (a) và Fe2O3 (b/2) —> 40a + 160b/2 = 7,2
Giải hệ: a = 0,12 mol b = 0,03 mol c = 0,05 mol —> nFe = 0,08 mol —> %mFe = 60,87%
Hòa tan hoàn toàn hỗn hợp X gồm Mg, Zn trong bình đựng a mol HNO3 thu được hỗn hợp khí Y ( gồm b mol NO và c mol N2O) và dung dịch Z ( không chứa muối amoni). Thêm V lít dung dịch NaOH 1M vào dung dịch Z thì thu được lượng kết tủa lớn nhất. Biểu thức liên hệ giữa V với a, b và c là
V = a + 3b + 8c
V = a + 4b + 10c
V = a – b – 2c
V = a – b – c
Đáp án : C
Vì Mg và Zn đều có hóa trị 2 nên gọi kí hiệu chung là M
Trước tiên có phương trình ion cho phản ứng với HNO3 như sau
(3b + 8c)/2 M + (b + 2c)N+5 -> (3b + 8c)/2M+2 + bN+2 + 2cN+1
số mol M là (3b + 8c)/2 và số mol HNO3 pư là (b + 2c + 3b + 8c) = 4b + 10c
=> Số mol HNO3 dư là (a – 4b – 10c) mol
Để lượng kết tủa lớn nhất thì NaOH trung hòa hết HNO3 và phần dư có tỉ lệ 2 : 1 với M(NO3)2
=>Số mol NaOH là V = (a - 4b - 10c) + 2.(3b + 8c)/2 = a - b – 2c
Điện phân dung dịch chứa HCl, NaCl, FeCl3 (điện cực trơ, có màng ngăn). Đồ thị nào sau đây biểu diễn đúng sự biến thiên pH của dung dịch theo thời gian (bỏ qua sự thuỷ phân của muối)?
Đáp án : B
Thứ tự :
Fe3+ + 1e -> Fe2+ ( pH không đổi)
H+ + 1e -> ½ H2 ( pH tăng vì H+ bị điện phân)
Fe2+ + 2e -> Fe ( pH không đổi)
2H2O +2e -> 2OH- + H2 ( pH tăng vì tạo OH-)
Cho 0,3 mol hỗn hợp X gồm H2NC3H5(COOH)2 (axit glutamic) và (H2N)2C5H9COOH (lysin) vào 400 ml dung dịch HCl 1 M, thu được dung dịch Y. Y phản ứng vừa hết với 800 ml dung dịch NaOH 1 M. Số mol lysin trong 0,15 mol hỗn hợp X là
0,1
0,125
0,2
0,05
Đáp án : A
, nglu + nlys = 0,3 mol
Xét cả quá trình : nNaOH = nHCl + 2nglu + nlys => 2nglu + nlys = 0,4 mol
=> nglu = 0,1 ; nlys = 0,2 mol
=> Trong 0,15 mol X có nlys = 0,1 mol
Thủy phân hoàn toàn 0,15 mol một este X ( không chứa nhóm chức khác) cần dùng vừa đủ 100 gam dung dịch NaOH 18%, thu được một ancol và 36,9 gam hỗn hợp muối của hai axit cacboxylic đơn chức. Công thức phân tử của hai axit là
CH3COOH và C2H5COOH
HCOOH và C3H7COOH
C2H5COOH và C3H7COOH
HCOOH và C2H5COOH
Đáp án : B
,nNaOH =0,45 mol = 3nX => X là este 3 chức với ancol 3 chức
( vì chỉ thu được 1 ancol duy nhất trong khi có 2 muối hữu cơ)
Giả sử muối có 0,15 mol R1COONa và 0,3 mol R2COONa
=> mmuối = 0,15.(R1 + 67) + 0,3.(R2 + 67) = 36,9g
=> R1 + 2R2 = 45
R1 = 43(C3H7) và R2 = 1 (H) thỏa mãn
Cho m gam hỗn hợp X gồm 2 muối vô cơ là Na2CO3 và M2CO3 vào dung dịch HCl dư, thu được 5,6 lít khí (đktc) và dung dịch Y. Cô cạn Y ở nhiệt độ cao đến khối lượng không đổi, thu được 17,55 gam muối khan. Giá trị m là
25,5
23,05
22,8
18,8
Đáp án : A
Tổng quát : CO32- + 2HCl -> CO2 + H2O + 2Cl-
=> nCO2.2 = nCl- = 0,5 mol
=> mCl = 17,75g > mmuối khan = 17,55g
=> muối còn lại là (NH4)2CO3 ( NH4Cl bay hơi và chỉ còn lại NaCl)
=> nNaCl = 0,3 mol => nNH4Cl = 0,2 mol
=> mX = mNa2CO3 + m(NH4)2CO3 = 25,5g
X có CTPT C2H7O3N. khi cho X tác dụng với dung dịch HCl hoặc dung dịch NaOH dư đun nóng nhẹ thì đều thấy khí thoát ra. Lấy 0,1 mol X cho vào dung dịch chứa 0,25 mol KOH. Sau phản ứng cô cạn dung dịch được chất rắn Y, nung nóng Y đến khối lượng không đổi được m gam chất rắn, Tính m?
18,85 gam
17,25 gam
16,6 gam
16,9 gam
Đáp án : C
X + NaOH và HCl đều tạo khí
=> X là muối cacbonat của amin : CH3NH3HCO3
0,1 mol X + 0,25 mol NaOH :
Sản phẩm rắn gồm : 0,1 mol K2CO3 ; 0,05 mol KOH
=> m = 16,6g
Đốt cháy 1 mol ancol X thu được không quá 4 mol CO2, Tách nước X bằng H2SO4 đặc ở 170 oC chỉ thu được 1 anken duy nhất (không kể đồng phân hình học). Số chất thỏa mãn X là?
6
8
5
4
Đáp án : A
,nCO2 ≤ 4 mol => Số C trong ancol < 5
X tách nước thu được 1 anken duy nhất
=>Công thức X thỏa mãn :
C2H5OH ; n-C3H7OH ; i-C3H7OH ; (CH3)3COH ; n-C4H9OH ; (CH3)2CHCH2OH
Thực hiện các thí nghiệm sau:
(a) Nhiệt phân AgNO3.
(b) Nung FeS2 trong không khí.
(c) Điện phân dung dịch KCl.
(d) Điện phân dung dịch CuSO4.
(e) Cho Fe vào dung dịch CuSO4.
(g) Cho Zn vào dung dịch FeCl3 (dư).
(h) Nung Ag2S trong không khí.
(i) Cho Ba vào dung dịch CuSO4 (dư).
Số thí nghiệm thu được kim loại sau khi các phản ứng kết thúc là
5
2
3
4
Đáp án : D
(a) Ag ; (d) Cu ; (e) Cu ; (h) Ag
Hỗn hợp T gồm hai axit cacboxylic no mạch hở.
- Thí nghiệm 1: Đốt cháy hoàn toàn a (mol) hỗn hợp T thu được a (mol) H2O.
- Thí nghiệm 2: a (mol) hỗn hợp T tác dụng với dung dịch NaHCO3 dư thu được 1,6a (mol) CO2.
Phần trăm khối lượng của axit có phân tử khối nhỏ hơn trong T là
25,41%
31,76%
46,67%
40,00%.
Đáp án : A
TN2 : nCO2 > nT = > có 1 axit 2 chức ; 1 axit đơn chức
TN1 : nH2O = nT => các axit trong T đều có 2C
=> (COOH)2 và HCOOH (no mạch hở)
=> n(COOH)2 = 1,6a – a = 0,6a ; nHCOOH = 0,4a
=>%mHCOOH = 25,41%
Cracking butan thu được hổn hợp T gồm 7 chất: CH4, C3H6, C2H4, C2H6, C4H8, H2, C4H6. Đốt cháy T được 0,4 mol CO2. Mặt khác T làm mất màu vừa đủ với dung dịch chứa 0,12 mol Br2. Phần trăm khối lượng C4H6 trong hổn hợp T là
18,62%
37,24%
55,86%
27,93%
Đáp án : A
Vì là phản ứng cracking nên :
nCH4 = nC3H6 ; nC2H4 = nC2H6 ; nC4H8 = nH2 ; nC4H6.2 = nH2
=> nCO2 = 4nC4H10 bđ = 4(nC3H6 + nC2H4 + nC4H6 + nC4H8)
=> nC3H6 + nC2H4 + nC4H6 + nC4H8 = 0,1 mol
,nBr2 = nC3H6 + nC2H4 + 2nC4H6 + nC4H8 = 0,12 mol
=> nC4H6 = 0,02 mol
Bảo toàn khối lượng : mT = mC4H10 bđ = 0,1.58 = 5,8g
=> %mC4H6(T) = 18,62%
Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất của cả quá trình là 75%. Lượng CO2 sinh ra được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ca(OH)2, thu được 50 gam kết tủa và dung dịch X. Thêm dung dịch NaOH 1M vào X, thu được kết tủa. Để lượng kết tủa thu được là lớn nhất thì cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH. Giá trị của m là
64,8
75,6.
48,6
56,7
Đáp án : B
X + NaOH có kết tủa => X có HCO3-
Ca(HCO3)2 + 2NaOH -> CaCO3 + Na2CO3 + 2H2O
=> nkết tủa max = nCO2 bđ = 2nNaOH + nCaCO3 bđ =0,7 mol
(C6H10O5)n -> 2nCO2
162n 2n.44 (g)
m.75% 0,7.44 (g)
=> m = 75,6g
Đốt cháy 6,72 gam kim loại M với oxi thu được 9,28 gam oxit. Nếu cho 5,04 gam M tác dụng hết với dung dịch HNO3 dư thu được dung dịch X và khí NO (là sản phẩm khử duy nhất). Thể tích NO (đktc) thu được là
2,016 lít
1,792 lít
2,24 lít
1,344 lít
Đáp án : A
Bảo toàn khối lượng : mM + mO2 = moxit => nO2 = 0,08 mol
Bảo toàn e : ne (M) = 4nO2 = 0,32 mol
Nếu số e trao đổi của M là a => a.M = 21g
=> ta thấy a = 8/3 => M = 56 thỏa mãn
Xét 5,04g M có ne(Fe) = 3.0,09 mol = 3nNO
=> nNO = 0,09 mol => VNO = 2,016 mol
Cho các khí sau: O2, O3, N2, H2, C2H2, Cl2, HCl, SO2, H2S. Hình vẽ bên cạnh là dụng cụ điều chế một số khí trong phòng thí nghiệm. Trong các khí trên, dụng cụ này được dùng điều chế bao nhiêu khí?
6
5
7
4
Đáp án : D
Bình Br2 là để nhận biết đã có khí xuất hiện chưa
=> khí tạo ra phải phản ứng làm mất màu Br2 : C2H2 ; SO2 ; Cl2 ; H2S
Tiến hành các thí nghiệm sau :
(1) Thuỷ phân tinh bột thu được hợp chất A
(2) Lên men giấm ancol etylic thu được hợp chất hữu cơ B
(3) Hyđrat hoá etylen thu được hợp chất hữu cơ D.
(4) Hấp thụ C2H2 vào dung dịch HgSO4 ở 800C thu được hợp chất hữu cơ E.
Chọn sơ đồ phản ứng đúng biểu diễn mối liên hệ giữa các chất trên. Biết mỗi mũi tên là một phản ứng
A → D → E → B
D → E → B → A
A → D → B → E
E → B → A→ D
Đáp án : A
(1) : A là C6H12O6
(2) : B là CH3COOH
(3) : D là C2H5OH
(4) : E là CH3CHO
Sục 13,44 lít CO2 ( đktc) vào 200 ml dung dịch X gồm Ba(OH)2 1,5M và NaOH 1M . Sau phản ứng thu được m1 gam kết tủa và dung dịch X. Cho dung dịch X tác dụng với 200ml dung dịch BaCl2 1,2M; KOH 1,5M thu được m2 gam kết tủa. Giá trị của m2 là
47,28 gam
66,98 gam
39,4 gam
59,1 gam
Đáp án : D
,nCO2 = 0,6 mol ; nOH = 0,8 mol ; nBa2+ = 0,3 mol
=> nCO3 = 0,2 mol = nBaCO3 ; nHCO3- = 0,4 mol
,nBa2+ dư = 0,1 mol
Thêm nBaCl2 = 0,24 mol ; nKOH = 0,3 mol
=> nCO3 = nKOH = 0,3 mol = nBaCO3
=> mkết tủa = 59,1g
Hòa tan hoàn toàn m gam Fe bằng dung dịch HNO3 thu được dung dịch X và 1,12 lít NO (đktc). Thêm dung dịch chứa 0,1 mol HCl vào dung dịch X thì thấy khí NO tiếp tục thoát ra và thu được dung dịch Y. Để phản ứng hết với các chất trong dung dịch Y cần 115 ml dung dịch NaOH 2M. Giá trị của m là
3,36
4,2
3,92
3,08
Đáp án : C
Fe được hòa tan hoàn toàn bởi dd HNO3 thu được dd X, khi thêm HCl vào X có khí NO thoát ra → trong X có ion Fe2+ → HNO3 đã phản ứng hết
n(NO) = 1,12/22,4 = 0,05 mol
Fe + 4HNO3 → Fe(NO3)3 + NO + 4H2O
0,05 -> 0,2 -> 0,05
Fe + 2Fe(NO3)3 → 3Fe(NO3)2
x -> 3x
Theo ĐL bảo toàn nguyên tố, số mol NO3- có trong muối:
n(NO3- trong muối) = n(HNO3) - n(NO) = 0,15 mol
n(NaOH) = 0,115.2 = 0,23 mol
Sau khi NaOH pư hoàn toàn với các chất trong dd Y, dung dịch thu được có:
n(Na+) = n(NaOH) = 0,23 mol; n(Cl-) = n(HCl) = 0,1 mol → n(NO3-) = n(Na+) - n(Cl-) = 0,23 - 0,1 = 0,13 mol → Số mol NO3- bị Fe2+ khử: 0,15 - 0,13 = 0,02 mol
NO3- + 3Fe2+ + 4H+ → 3Fe3+ + NO + 2H2O
0,02 -> 0,06 -> 0,08
NO3- và H+ đều dư (H+ dư 0,02mol) → Fe2+ đã phản ứng hết
→ 3x = 0,06 → x = 0,02 mol
Tổng số mol Fe: n(Fe) = 0,05 + x = 0,07 mol
Khối lượng Fe đã sử dụng: m(Fe) = 0,07.56 = 3,92g
X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no có một liên kết C=C). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng. Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. % khối lượng của este có khối lượng phân tử lớn nhất trong hỗn hợp E là
21,09
15,82.
26,36
31,64
Đáp án : B
Vì F chỉ chứa 2 muối => Y và Z phải có 2 gốc axit là 2 đồng phân hình học của nhau
=> Số C ≥ 4
, nCOO = nNaOH = 0,3 mol = nE
=> mC + mH + mO = mE => 12nCO2 + 2nH2O = 12,02g
Lại có : mdd giảm = mCaCO3 – (mCO2 + mH2O)
=> 56nCO2 – 18nH2O = 34,5g
=> nCO2 = 0,87 ; nH2O = 0,79 mol
=> Số C trung bình = 2,9
=> este X chắc chắn là HCOOCH3
=> ancol còn lại là C2H5OH
Vì Y,Z có 2 pi ; X chỉ có 1 pi => nCO2 – nH2O = nY + nZ = 0,08 mol
=> nX = 0,22 mol
Công thức của Y và Z có dạng : CnH2n-2O2
=> mE = 0,22.60 + 0,08.(14n + 30) = 21,62
=> n = 5,375
=> 2 este là CH3-CH=CHCOOCH3 và CH3-CH=CHCOOC2H5
=> nY + nZ = 0,08 ; 5nY + 6nZ = nCO2 – 2nX = 0,43 mol
=> nY = 0,05 ; nZ = 0,03 mol
=> %mZ = 15,82%
Hoà tan hỗn hợp X gồm Al, Fe trong 352 ml dung dịch HNO3 2,5M (vừa hết ), thu được dung dịch Y chứa 53,4 gam hỗn hợp muối và 2,24 lít hỗn hợp khí Z gồm NO, N2O (đktc) có tỉ khối hơi đối với H2 là 17,1. Cho dung dịch Y tác dụng với một lượng dung dịch NH3 dư, lọc thu được m gam kết tủa. Các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị m gần giá trị nào nhất sau đây?
5,95
20,0
20,45
17,35
Đáp án : B
,nHNO3 = 0,88 mol ; nZ = 0,1 mol ; MZ = 34,2g
=> nNO = 0,07 ; nN2O = 0,03 mol
Bảo toàn N : nHNO3 = 4nNO + 10nN2O + 10nNH4NO3 => nNH4NO3 = 0,03 mol
=> nNO3 muối KL = 0,69 mol = nOH pứ
Có mhỗn hợp muối = mKL + mNO3 muối KL + mNH4NO3 => mKL = 8,22g
=> mhidroxit = mKL + mOH pứ = 19,95g
Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm một tetrapeptit A và một pentapeptit B (A và B mạch hở chứa đồng thời glyxin và alanin trong phân tử) bằng một lượng dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn thu được ( m + 15,8) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng oxi vừa đủ thu được Na2CO3 và hỗn hợp hơi Y gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ hỗn hợp hơi Y đi qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu và có 4,928 lít một khí duy nhất (đktc) thoát ra khỏi bình. Xem như N2 không bị nước hấp thụ, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của B trong hỗn hợp X là
46,94%.
60,92%
58,92%
35,37%.
Đáp án : A
A + 4NaOH -> Muối + H2O
B + 5NaOH -> Muối + H2O
Giả sử nA = x ; nB = y mol
=> mmuối – mX = (4.40 – 18)x + (5.40 – 18)y = 15,8g
Lại có : Khi Đốt cháy muối -> sản phẩm cháy -> Ca(OH)2
=> mbình tăng = 56,04g = mCO2 + mH2O và nN2 = 0,22 mol ( khí thoát ra)
Bảo toàn N : 4x + 5y = 0,22.2
=>x = 0,06 ; y = 0,04 mol => nNaOH = 4x + 5y = 0,44 mol => nNa2CO3 = 0,22 mol
Giả sử A có a Gly và (4 – a) Ala
B có b Gly và (5 – b) Ala
Phản ứng cháy tổng quát :
CnH2n+1O2NNa + O2 -> ½ Na2CO3 + (n – ½ )CO2 + (n + ½ )H2O + ½ N2
=> nH2O – nCO2 = nmuối = 4x + 5y = 0,22 mol
=> nCO2 = 0,84 ; nH2O = 1,06 mol
=>Bảo toàn C :
.nC(X) = nCO2 + nNa2CO3
0,06.[2a + 3(4 – a)] + 0,04.[ 2b + 3(5 – b)] = 0,84 + 0,22
=> 3a + 2b = 13
=> a = 3 ; b = 2
=> A là (Gly)3Ala và B là (Gly)2(Ala)3
=> %mB(X) = 46,94%
=>A
