Bộ đề luyện thi Hóa Học có đáp án (Đề số 7)

Đáp án A

Bảo quản natri và các kim loại kiềm, người ta ngâm natri trong dầu hỏa

Đáp án C

Vàng (Au) là 1 kim loại dẻo, người ta có thể cán lá vàng mỏng hơn 0,0002 mm, từ 1g vàng có thể kéo sợi thành sợi mảnh dài tói 3,5 km. Thêm vào đó, vàng còn có tính ánh kim (các e tự do trong kim loại phản xạ tốt những tia sáng mà mắt ta có thể nhận thấy được). Do đó, khi sử dụng trong tranh sơn mài, tạo được những mảnh vàng mỏng, không gây tốn kém chi phí mà vẫn đảm bảo tính thẩm mĩ

Đáp án C

CuSO₄ + NaOH → Na₂SO₄ +  Cu(OH)₂ ↓ xanh

Đáp án B

Thu được hỗn hợp kim loại X, X chắc chắn có kim loại Ag, Zn và có thể có Cu

Dung dịch Y chắc chắn có  Zn²⁺  , có thể có Cu²⁺

Nhưng khi cho NaOH dư vào Y được kết tủa Z. Mà nếu dd chỉ có Zn²⁺ thì không thể có kết tủa đó là Cu(OH)₂ . Vậy nên, ở phản ứng trước, Zn đã phản ứng hết, Cu đã phản ứng một phần với dung dịch AgNO₃

Đáp án B

1) Hiệu ứng nhà kính là kết quả của sư trao đổi không cân bằng về năng lượng giữa Trái Đất với không gian xung quanh, dẫn đến sự gia tăng nhiệt độ của khí quyển Trái Đất. Nguyên nhân gây hiệu ứng nhà kính do nhiều khí nhưng chủ yếu là CO₂ và CH₄

2) Mưa axit được phát hiện ra đầu tiên năm 1948 tại Thuỵ Ðiển. Nguyên nhân là vì con người đốt nhiều than đá, dầu mỏ. Trong than đá và dầu mỏ thường chứa một lượng lưu huỳnh, còn trong không khí lại rất nhiều khí nitơ. Trong quá trình đốt có thể sinh ra các khí Sunfua đioxit (SO₂), Nitơ đioxit (NO₂). Các khí này hoà tan với hơi nước trong không khí tạo thành các hạt axit sunfuaric (H₂SO₄), axit nitơric (HNO₃)

3) Ở ÐỘ CAO KHOẢNG 25 KM TRONG TẦNG bình lưu tồn tại một lớp không khí giàu khí Ozon (O₃) thường được gọi là tầng Ozon. Hàm lượng khí Ozon trong không khí rất thấp, chiếm một phần triệu, chỉ ở độ cao 25 - 30 km, khí Ozon mới đậm đặc hơn (chiếm tỉ lệ 1/100.000 trong khí quyển). Người ta gọi tầng khí quyển ở độ cao này là tầng Ozon.Nếu tầng Ozon bị thủng, một lượng lớn tia tử ngoại sẽ chiếu thẳng xuống Trái đất. Con người sống trên Trái đất sẽ mắc bệnh ung thư da, thực vật không chịu nổi nhiều tia tử ngoại chiếu vào sẽ bị mất dần khả năng miễn dịch, các sinh vật dưới biển bị tổn thương và chết dần. Nguyên nhân gây nên hiện tượng này là do CFC (freon) thường gọi là "gas" được sử dụng làm lạnh cho tủ lạnh

Đáp án B

Từ tripeptit trở đi mới có phản ứng màu biure (phản ứng hòa tan Cu(OH)₂ cho hợp chất có màu xanh lam đặc trưng.)

Đáp án D

- Xà phòng hóa este có thể thu được muối và andehit

VD: HCOOCH=CH₂ + NaOH → HCOONa + CH₃CHO

Đáp án D

HOOC-CH(CH₃)-CH(OH)-COOH  phản ứng với 2 NaHCO₃ nhưng có mạch C phân nhánh

CH₃OOC-CH(OH)-COOH  và HOOC-CH(OH)-CH(OH)-CHO  có mạch C không phân nhánh nhưng chỉ phản ứng với 1 NaHCO₃

Đáp án D

1.Thông thường nhiệt độ sôi của các chất tăng dần như sau:
Ete< Este<Andehit/Xeton<Ancol<Axit cacboxylic.

Nguyên nhân là do:Khả năng tạo liên kết H,tính phân cực của liên kết...

2.Nhiệt độ sôi phân tử khối.Chất có phân tử khối nhỏ có nhiệt độ sối thấp hơn chất có PTK lớn-có cùng thuộc một loại hợp chất

Đáp án B

X làm quỳ chuyển xanh → X không thể là lòng trắng trứng.

Y tác dụng với Cu(OH)₂/OH^- cho dung dịch xanh tím → Y không thể là anilin và metyl amin

Đáp án C

Sau phản ứng A sẽ chứa FeS 0,2 mol và Fe dư 0,1 mol.

Cho A tác dụng với HCl dư thu được khí D gồm H₂S 0,2 mol và H₂0,1 mol

Đáp án C

Quặng đôlômit có công thức: CaCO₃.MgCO₃ nên không thể dùng sản xuất nhôm

Hỗn hợp tecmit gồm nhôm kim loại(Al) và bột sắt oxit (Fe₃O₄) dùng hàn đường ray

Đáp án D

NH₄NO₃ → N₂O + H₂O

Cu(NO₃)₂ → CuO + NO₂ + O₂.

AgNO₃ → Ag + NO₂ + O₂.

FeCO₃ + O₂ → Fe₂O₃ + CO₂.

Đáp án D

Đáp án C

(1) HCOOCH₂CH₂COOCH=CH₂  +2NaOH $\to$ HCOONa (Y) + HO-CH₂ CH₂ - COONa(Z) + CH₃CHO (T)

(2) 2HCOONa + H₂SO₄ $\to$ 2HCOOH + Na₂SO₄

(3) 2HO- CH₂- CH₂ - COONa +H₂SO₄ $\to$ 2 HO-CH₂CH₂- COOH +Na₂SO₄

(4) HO-CH₂CH₂- COOH  $\stackrel{H_{2}S{O}_{4 đặc},{170}^{o}C}{\to }$  + H₂O

Đáp án C

HOOC-CH-CH-COONH₄ + 2NaOH → NaOOC-CH-CH-COONa + NH₃ + H₂O

NaOOC-CH-CH-COONa + H₂SO₄ → HOOC-CH-CH-COOH + Na₂SO₄.

HOOC-CH-CH-COOH + 2CH₃OH → CH₃-OOC-CH-CH-COO-CH₃ + 2H₂O

Đáp án A

Khí Z tan ít trong nước và nhẹ hơn không khí nên Z là H₂

Đáp án B

Gọi số mol Glucozơ và saccarozơ lần lượt là a, b.

→ 180a + 342b = 24,48

Đốt X cần 0,84 mol O₂ → 6a + 12b = 0,84

Giải được: a=0,06; b=0,04.

Thủy phân hoàn toàn X thu được Y chứa 0,1 mol glucozơ và 0,04 mol fructozơ.

→ n(Ag) = 0,1.2 + 0,04.2 = 0,28

→ m = 30,24 gam

Đáp án B

polietilen; poliacrilonitrin;  thuỷ tinh hữu cơ, cao su buna-N, tơ nilon-6,6

Đáp án B

Ca(HCO₃)₂, (NH₄)₂CO₃, ZnO, CH₃COONH₄, Fe(NO₃)₂, NaH₂PO₄, Zn(OH)₂

Đáp án B

Đáp án B

Đáp án B

etyl axetat, axit glutamic, phenylamoni clorua, lysin, nilon-6

: Đáp án C

Thí nghiệm 1, 5 là oxi hóa khử

Fe +H₂SO₄ (l) $\to$ FeSO₄ +H₂

2FeSO₄ + 2H₂SO₄ (đ) $\to$ Fe₂(SO₄)₃ +SO₂ +2H₂O

Đáp án C

Kết tủa là CaCO₃ 0,05 mol do đó CO₂ là 0,05 mol hay O bị khử 0,05 mol

Đáp án B

Đáp án C

Các mệnh đề a, c, d

Đáp án C

Các phát biểu sai:

(1) Gang là hợp kim của sắt có chứa từ 2-5 % khối lượng cacbon.

(4) Hỗn hợp gồm Al và Fe₂O₃ để thực hiện phản ứng nhiệt nhôm dùng hàn đường ray.

Đáp án B

Gọi số mol S và P lần lượt là a, b.

32a + 31b = 7,87

Khí màu nâu là NO₂ 1,37 mol => 6a + 5b = 1,37

Giải được: a=0,12; b=0,13.

Dung dịch X chứa H₂SO₄ 0,12 mol và H₃PO₄ 0,13 mol.

Cho X tác dụng với Ba(OH)₂ dư thu được kết tủa gồm BaSO₄ 0,12 mol và Ba₃(PO₄)₂ 0,065 mol.

=> m = 67,025 gam

Đáp án A

Y là NH₄HCO₃, Z là Gly-Ala (có thể đảo lại).

Cho X tác dụng với HCl dư khí thu được là CO₂ do đó số mol Y là 0,1 mol.

Giải được số mol Z là 0,2.

Muối thu được gồm NH₄Cl 0,1 mol, muối của Gly, Ala 0,2 mol

=> m = 52,75 gam

Xét từng phản ứng như sau:

(a) 2AlCl₃ + 3H₂O $\stackrel{dpdd}{\to }$ 2Al(OH)₃ + 3Cl₂ + 3/2 H₂

(b) CuSO₄ + H₂O $\stackrel{dpdd}{\to }$ Cu + H₂SO₄ + 1/2 O₂

(c) NaCl $\stackrel{dpdd}{\to }$ Na + 1/2 Cl₂

(d) CO + Al₂O₃ → không xảy ra phản ứng

(e) AgNO₃ + FeCl₂ → Fe(NO₃)₂ + AgCl. Vì AgNO₃ dư nên

AgNO₃ + Fe(NO₃)₂ → Fe(NO₃)₃ + Ag

(f) NH₃ + CuO → Cu + 3/2 N₂ + H₂O

Vậy số thí nghiệm kết thúc tạo ra kim loại b) c) e) f). đáp án là 4

Đáp án B

Các phát biểu 1, 2, 3, 5

 + Phát biểu (4): protein hình sợi hoàn toàn không tan trong nước

+ Phát biểu (6): Lipit bao gồm chất béo, sáp, steroit, photpholipit chứ không phải gluxit

Đáp án A

Cho từ từ đến X vào 0,02 ml HCl thu được 0,015 mol khí CO₂

Giải được số mol HCO₃^- và CO₃^2- phản ứng là 0,1 và 0,05 mol.

Do vậy trong X HCO₃^- và CO₃^2- có tỉ lệ số mol là 2:1.

Vì còn CO₃^2- nên kết tủa thu được là BaCO₃ 0,02 mol.

X chứa NaHCO₃ và Na₂CO₃ với số mol lần lượt là 0,02 và 0,01 mol.

Đáp án C

Oxi hóa ancol etylic thu được sản phẩm gồm CH₃CHO, CH₃COOH, H₂O và ancol dư.

Gọi số mol ancol dư, CH₃COOH, CH₃CHO trong mỗi phần lần lượt là a, b, c, suy ra số mol H₂O thu được là b+c mol.

Cho phần 1 tác dụng với NaHCO₃ thu được 0,1 mol khí CO₂ => b=0,1

Cho phần 2 tác dụng với Na dư thoát ra 0,2 mol khí H₂  => a + b + b + c = 0,2 . 2

Cho phần 3 tráng bạc tạo thành 0,1 mol Ag 2c = 0,1

Giải được: a=0,15; c=0,1; c=0,05.

=> m = 3.46.(0,15+0,1+0,05)=41,4 gam

Đáp án A

Tại anot thoát ra 0,2 mol khí gồm Cl₂ và O₂ với số mol đều là 0,1 mol.

Cho 20 gam Fe vào dung dịch sau điện phân được 12,4 gam hai kim loại chứng tỏ Fe dư và trong dung dịch sau điện phân còn Cu²⁺.

Đáp án D

Đốt cháy 3,95 gam Y cần 0,125 mol O₂

Đáp án C

Đồ thị trải qua các giai đoạn:

+Kết tủa tăng dần tới cực đại do CO₂ tác dụng với Ba(OH)₂ tạo kết tủa BaCO₃.

+Kết tủa không đổi do CO₂ tác dụng với NaOH tạo Na₂CO₃ sau đó Na₂CO₃ tác dụng với CO₂ tạo NaHCO₃.

+Kết tủa giảm dần do CO₂ hòa tan kết tủa BaCO₃ tạo Ba(HCO₃)₂.

Ta thấy lúc 0,5a mol CO₂ phản ứng thu được 0,06 mol kết tủa nên a=0,12.

Lúc 2a mol CO₂ phản ứng thì kết tủa bắt đầu bị hòa tan nên số mol Ba(OH)₂ và NaOH đều là 0,12 mol.

Cho X vào 0,05 mol Al₂(SO₄)₃ thu được kết tủa gồm 0,12 mol BaSO₄ và Al(OH)₃.

Ta có:  

Khối lượng kết tủa tạo ra là 31,08 gam.

Đáp án A

Đun 39,2 gam X với NaOH thu được ancol Y và hỗn hợp muối,

Đốt cháy muỗi cần 0,66 mol O₂ thu được 0,3 mol Na₂CO₃ và 1 mol hỗn hợp CO₂ và H₂O.

X gồm C₇H_xO₆ 0,08 mol và C₈H_yO₆ 0,12 mol.

Do ancol đa chức mà este mạch hở nên các muối tạo ra đều đơn chức  $\to n_Z=0,6$

$\to \overline{M_Z}=74,67$ nên Z chứa HCOONa.

Số mol HCOONa càng nhỏ khi số C của muối còn lại càng nhỏ nên số mol muối HCOONa≥ 0,314.

Gọi m, n lần lượt là số gốc HCOO trong 2 este.

Hai este lần lượt là (HCOO)(C₃H_xO₄)C₃H₅ và (HCOO)₂(C₃H_yO₂)C₃H₅ (C₃H_xO₄ là tổng 2 gốc axit)

được x=4; y=1 là nghiệm nguyên duy nhất.

Hai este lần lượt là (HCOO)₂(CH₃COO)C₃H₅ 0,08 mol và (HCOO)₂(CH≡C-COO)C₃H₅ 0,12 mol.

Z gồm HCOONa 0,4 mol, CH₃COONa 0,08 mol và CH≡C-COONa 0,12 mol.

%muối có phân tử khối lớn nhất=24,64%

Đáp án C

Dựa vào để ra:

Phần 1 chứa 0,03 mol Al dư và rắn không tan là Fe 0,06 mol, do vậy phần 1 chứa 0,03 mol Al₂O₃.

Khối lượng của phần 1 là 7,23 gam do vậy bằng 1/3 của Y.

Phần 2 gấp 2 lần phần 1 chứa 0,06 mol Al dư, 0,12 mol Fe và 0,06 mol Al₂O₃.

Khí Z thu được chứa NO 0,12 mol và H₂ 0,03 mol.

Dung dịch T chứa Fe³⁺ amol, Fe²⁺ bmol, NH₄⁺ c mol, Al³⁺ 0,18 mol, K⁺ và Cl^-.

Cho T tác dụng với AgNO₃ dư được 147,82 gam kết tủa gồm AgCl 10c+0,9 (bảo toàn Cl) và Ag b mol(Fe²⁺).

Đáp án A

Tổng số liên kết peptit trong 3 peptit là 14 nên tổng số gốc aa trong 3 peptit là 17.

Mỗi peptit đều có số O không quá 8 nên từ 7-peptit trở xuống.

Đốt cháy bất kỳ lượng X cũng như Y đều thu được số mol CO₂ như nhau nên X, Y là đồng phân.

Cho E tác dụng với 0,5 mol NaOH thu được 2 muối Gly và Ala.

Đốt cháy hỗn hợp muối cần 1,29 mol O₂.

Giải được số mol Gly và Ala lần lượt là 0,39 và 0,11 mol.

Ta có Gly:Ala=39:11

Trùng ngưng hỗn hợp E được peptit E’:

vậy số mol X, Y, Z lần lượt là 0,01; 0,02; 0,05.

Ta có: 50=1.5+2.5+5.7

X, Y là 5-peptit còn Z là 7-peptit.

Ta có số mol Ala là 0,11

0,11=0,05.2+0,01=0,05+0,02.3=0,05+0,02.2+0,01.2=0,05+0,02+0,01.4

=0,02.3+0,01.5=0,02.4+0,01.3=0,02.5+0,01.1

Vì X và Y đồng phân nên chỉ thỏa mãn X, Y chứa 2 gốc Ala, Z chứa 1 gốc Ala.

Vậy X , Y có dạng là Gly₃Ala₂ còn Z là AlaGly₆.

%Z=68,456%