Bộ 25 đề thi thử THPT Hóa học có lời giải năm 2022 (Đề 11)

Hợp chất hữu cơ có đồng phân este và đồng phân axit.

Đồng phân axit: 4 đồng phân.

Đồng phân este: 5 đồng phân (Chú ý: X không có phản ứng tráng bạc nên không có đồng phân este dạng HCOOR).

Bình chứa CuO đun nóng giữ CO.

Bình chứa dung dịch Ca(OH)₂ giữ CO₂.

Bình chứa dung dịch H₂SO₄ đặc giữ hơi nước.

→ Khí thoát ra: N₂.

$n_{NaOH}=0,35mol;{\text{ n}}_{Al{\left(OH\right)}_3}=0,05mol;{\text{ n}}_{AlC{l}_3}=0,1\text{x\hspace{0.33em}}mol$

Phương trình ion:

 $\begin{array}{l}A{l}^{3+}+3\text{O}{H}^{-}\to Al{\left(OH\right)}_3\\ 0,1\text{x}\to 0,3\text{x }\to x\text{ mol}\end{array}$

$\begin{array}{l}Al{\text{ (OH)}}_3+O{H}^{-}\to Al{O}_2^{-}+2H_{2}O\\ 0,1\text{x}-0,05\to 0,1\text{x}-0,05\text{ mol}\end{array}$

Ta có: $n_{NaOH}=n_{O{H}^{-}}=0,3\text{x}+0,1\text{x}-0,05=0,34\to x=1$

Xét phản ứng amin + HCl:

Bảo toàn khối lượng: $m_{HCl}=m_{muoi}+m_{\text{amin}}=25,85-14,9=10,95gam$

                  $\to n_{HCl}=0,3mol=n_{\text{amin}}$

Xét phản ứng đốt cháy amin:

Bảo toàn nguyên tố N: $n_{N_2}=\frac{n_{\text{amin}}}{2}=0,15mol$

Do đó $V_{N_2}=0,15.22,4=3,36lit$

 $n_X=0,5mol$

Y gồm C₂H₂, C₂H₄ và C₂H₆ → Công thức chung của Y là $C_2{H}_y$.

Ta có: $M_Y=2d_{\raisebox{1ex}{$Y$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$H_2$}\right.}=14,5.2=12.2+y\to y=5$

→ Công thức chung của Y là C₂H₅ (x mol)

Phương trình hóa học: C₂H₂ + 1,5H₂ → C₂H₅

                              $x\leftarrow \text{1,5x }\leftarrow \text{ x mol}$

Ta có:  $n_X=n_{C_2{H}_2}+n_{H_2}=x+1,5\text{x}=0,5mol\to x=0,2$

Bảo toàn liên kết π: $n_{B{\text{r}}_2}=2n_{C_2{H}_2}-n_{H_2}=2.0,2-1,5.0,2=0,1mol$.

(a), (b) đúng.

(c) đúng vì trong giấm ăn hoặc chanh có chứa axit hữu cơ tác dụng với amin tạo ra muối dễ tan bị rửa trôi.

(d) đúng vì PVC là một chất dẻo nên có thể dùng nhiệt để uốn, hàn.

Nhận thấy: $n_{HN{O}_3}>10n_{N_{2}O}\to$  Có muối NH₃NO₃ (a mol)

Ta có: $n_{e\text{ trao doi}}=n_{N{O}_3^{-}(\text{muoi kl)}}=8n_{N_{2}O}+8n_{N{H}_{4}N{O}_3}=0,4+8amol$

Bảo toàn nguyên tố N: $n_{HN{O}_3}=n_{N{O}_3^{-}\text{ muoi kl}}+2n_{N_{2}O}+2n_{N{H}_{4}N{O}_3}=0,5+10\text{a}=1,5mol\to a=0,1mol$

Do đó: $m_{muoi}=m_{kl}+m_{N{O}_3^{-}\text{ (muoi kl)}}+m_{N{H}_{4}N{O}_3}=20,8+\left(0,4+8.0,1\right).62+0,1.80=103,2gam$.

Chất (1), (2), (3), (4), (5) theo thứ tự lần lượt là: H₂SO₄, Na₂CO₃, NaOH, BaCl₂, MgCl₂.

Gọi công thức chung của tripeptit là A₃ (a mol)

Xét phản ứng thủy phân X bằng dung dịch NaOH:

A₃ + 3NaOH → Muối + H₂O

 $a\to 3\text{a }\to amol$

Bảo toàn khối lượng: $m_{peptit}+m_{NaOH}=m_{muoi}+m_{H_{2}O}\iff 4,34+3\text{a}.40=6,38+18\text{a}\to a=0,02mol$

Xét phản ứng thủy phân X bằng dung dịch HCl:

A₃     +  2H₂O + 3HCl → Muối

 $0,02\to 0,04\to 0,06mol$

Bảo toàn khối lượng: $m_{muoi}=m_{peptit}+m_{H_{2}O}+m_{HCl}=4,34+0,04.18+0,06.36,5=7,25gam$.

Các phản ứng xảy ra ở từng giai đoạn:

Giai đoạn 1: CO₂ +Ca(OH)₂ → CaCO₃ ↓ +H₂O

Giai đoạn 2: CO₂ + NaOH → NaHCO₃

Giai đoạn 3: CO₂ +CaCO₃ +H₂O → Ca(HCO₃)₂

Tại $n_{CaC{\text{O}}_3}=0,5mol\to a=n_{Ca{\left(OH\right)}_2}=n_{CaC{\text{O}}_3}=0,5mol$. Tại $n_{C{O}_2}=1,4=2\text{a}+b\to b=0,4mol$

Do đó: $a:b=0,5:0,4=5:4$.

$n_{K\text{O}H}=0,14mol$

Gọi công thức của X là $C_x{H}_y{O}_2$ (y chẵn, $x\le 2y$)

Phương trình hóa học: $C_x{H}_y{O}_2+\left(x+\frac{y}{4}-1\right)O_2\to xC{O}_2+\frac{y}{2}{H}_{2}O$

Ta có:    $\frac{V_{C{O}_2}}{V_{O_2}}=\frac{6}{7}\iff \frac{x}{x+\frac{y}{4}-1}=\frac{6}{7}\to 2\text{x}-3y+12=0$   (*)

TH1: X chứa 1 liên kết π   $\to y=2\text{x}$        (1)

Từ (1) và (*) suy ra: $\text{x}=3;y=6$.

TH2: X chứa 2 liên kết π  $\to y=2\text{x}-2$     (2)

Từ (2) và (*) suy ra: $x=4,5;y=7\to$ Loại.

Do đó, X là C₃H₆O₂ (a mol).

Xét phản ứng với KOH:

$\begin{array}{l}RCOO{R}^{\text{'}}+KOH\to RCOOK+R^{\text{'}}OH\\ \text{ a }\to \text{ a }\to \text{ a mol}\end{array}$

Bảo toàn khối lượng: $m_X+m_{K\text{O}H}=m_{muoi}+m_{ancol}$

Với R là H $\to 74\text{a}+0,14.56=12,88+46\text{a}\to a=0,18>n_{K\text{O}H}$ (loại).

Với R là CH₃ $\to 74\text{a}+0,14.56=12,88+32\text{a}\to a=0,1<n_{K\text{O}H}$ (nhận).

Do đó: $m_X=0,12.74=8,88gam$.