25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa năm 2022 có lời giải (Đề 17)

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C.

Nung đến khối lượng không đổi thì rắn Y gồm Na₂CO₃ và CaO.

Hòa tan Y vào nước thì CaO chuyển thành Ca(OH)₂ và Na₂CO₃ tan.

lúc này: Ca(OH)₂ + Na₂CO₃ $\to$ CaCO₃ + 2NaOH (1)

                    0,1             0,1     $\leftarrow$      0,1

Cho từ từ HCl vào E thu được khí CO₂ thì Na₂CO₃ ở pt (1) phải dư.

Vì HCl dùng dư nên Na₂CO₃ + 2HCl $\to$ NaCl + CO₂ + H₂O

                                       0,02                            $\leftarrow$     0,02

Ta có 0,1 mol Ca(OH)₂ và 0,12 mol Na₂CO₃ $\to$ NaHCO₃: 0,24 mol và CaCO₃: 0,1 mol $\to$ m = 30,16 (g)

Chọn đáp án C.

(a) Fe(NO₃)₂ + AgNO₃ → Fe(NO₃)₃ + Ag↓.

(b) 3NH₃ + AlCl₃ + 3H₂O → 3NH₄Cl + Al(OH)₃↓.

(c) Ba + H₂O + CuSO₄ $\stackrel{}{\to }$ BaSO₄↓ + Cu(OH)₂↓ + H₂.

(d) BaCO₃ + 2NaHSO₄ → BaSO_4↓ + Na₂SO₄ + CO₂ + H₂O.

(e) NH₄NO₃ + KOH $\stackrel{}{\to }$ KNO₃ + NH₃ + H₂O.

Chọn đáp án A.

Quy đổi hỗn hợp X thành HCOOH (0,25 mol), CH₂ (x mol), C₃H₅(OH)₃ (y mol), -H₂O (3x mol)

 Theo đề ta có: 69,78 = $m_{HCOONa}+m_{C{H}_2}$ $\to$ x = 3,77

Khi đốt X ta có: 6,06 = $\mathrm{0,25.}{n}_{HCOOH}+\mathrm{1,5.}{n}_{C{H}_2}+\mathrm{3,5.}{n}_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}$ $\to$ y = 0,08

Vậy m_X = 67,32 gam.

Chọn đáp án C.

(a) Sai. Benzenamin (anilin) là lỏng và ít tan trong nước.

(b) Sai. Fructozơ không làm mất màu dung dịch brom.

Chọn đáp án A.

Dung dịch thu được sau phản ứng có pH = 13 (pOH = 1 $\to$ [OH^-] = 0,1M) nên OH^- trong Y còn dư.

${n_{O{H}^{-}}}_{dư}$ = $n_{O{H}^{-}}$_b.đầu –$n_{H^{+}}$ = 2$n_{H_2}$– $(n_{HN{O}_3}+n_{HCl})$$\to$ 0,1.0,5 = $n_{O{H}^{-}}$_b.đầu – 0,1 $\to$ $n_{O{H}^{-}}$_b.đầu = 0,15 mol

Bản chấ pư: KL + H₂O $\stackrel{}{\to }$ Bazơ + H₂ $\Rightarrow$ 2e + 2H₂O $\to$ 2OH^- + H₂

                       Oxit KL + H₂O $\stackrel{}{\to }$ Bazơ $\Rightarrow$O^2- + H₂O $\to$ 2OH^-

Ta có: $n_{O{H}^{-}}=2n_O+2n_{H_2}\Rightarrow n_O=\mathrm{0,06}mol$ mà$\%m_O=\frac{m_O}{m}.100\%=10\%\Rightarrow m=\mathrm{9,6}\left(g\right)$

Chọn đáp án C.

Bảo toàn O:  $n_X+2n_{O_2}=2n_{C{O}_2}+n_{H{}_{2}O}\Rightarrow n_X+\mathrm{1,05}=n_{H{}_{2}O}$

Ancol no đơn chức mạch hở là C_nH_2n+2O (k = 0) khi đốt có đặc điểm$n_{O_2}=\mathrm{1,5}{n}_{C{O}_2}$

Độ bất bão hòa:$(k_X-1)n_X+(k_{Y,Z}-1)n_{Y,Z}=n_{C{O}_2}-n_{H{}_{2}O}\Rightarrow (k_{Y,Z}-1)n_{Y,Z}=-\mathrm{0,15}$ (*)

Theo đáp án ta có k_Y,Z = 0 hoặc 1.

+ Với k_Y,Z = 1 $\Rightarrow$ không thỏa mãn.

+ Với k_Y,Z = 0 $\Rightarrow$ n_Y,Z = 0,15 $\Rightarrow$ C_Y,Z < 6 $\Rightarrow$ Y, Z ở thể lỏng nên Y là C₅H₁₂.

Chọn đáp án B.

Ta có: $n_{AgCl}=n_{HCl}=\mathrm{1,15}mol\Rightarrow n_{Ag}=\frac{m_{\downarrow }-\mathrm{143,5}{n}_{AgCl}}{108}=\mathrm{0,075}mol$

$\stackrel{BT:e}{\to }{n}_{F{e}^{2+}}=n_{Ag}+3n_{NO}=\mathrm{0,15}mol$$\stackrel{BTDT}{\to }{n}_{F{e}^{3+}}=\frac{n_{C{l}^{-}}-n_{H^{+}}-2n_{F{e}^{2+}}}{3}=\mathrm{0,25}mol$

$\stackrel{BT:N}{\to }{n}_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}=\frac{n_{N{O}_2}+n_{NO}-n_{HN{O}_3}}{2}=\mathrm{0,06}mol$

Ta có hệ:$\left\{\begin{array}{l}56n_{Fe}+232n_{F{e}_3{O}_4}=m_X-180n_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}=\mathrm{25,44}\\ \stackrel{BT:Fe}{\to }{n}_{Fe}+3n_{F{e}_3{O}_4}=n_{F{e}^{2+}}+n_{F{e}^{3+}}-n_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}=\mathrm{0,34}\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}{n}_{Fe}=\mathrm{0,04}mol\\ n_{F{e}_3{O}_4}=\mathrm{0,1}mol\end{array}\right.$$\Rightarrow \%n_{Fe}=20\%.$

Chọn đáp án C.

Khi cho X tác dụng với NaOH thì:$n_{H_{2}O}=n_{NaOH}=n_{COOH}=\mathrm{0,5}mol\stackrel{BTKL}{\to }{m}_X=\mathrm{30,05}\left(g\right)$

Đặt$\left\{\begin{array}{l}C{O}_2:xmol\\ H_{2}O:ymol\\ N_2:zmol\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x+t=\mathrm{0,925}\\ \stackrel{BT:O}{\to }2x+y=\mathrm{2,575}\\ \stackrel{BTKL}{\to }44x+18y+28z=\mathrm{55,25}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=\mathrm{0,85}\\ y=\mathrm{0,875}\\ z=\mathrm{0,075}\end{array}\right.$

Đặt$\left\{\begin{array}{l}Gly:amol\\ Glu:bmol\\ C_n{H}_{2n}{O}_2:cmol\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}a+b=2n_{N_2}=\mathrm{0,15}\\ -\mathrm{0,5}a+\mathrm{0,5}b=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=-\mathrm{0,025}\\ a+2b+c=\mathrm{0,5}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}a=\mathrm{0,1}\\ b=\mathrm{0,05}\\ c=\mathrm{0,3}\end{array}\right.\stackrel{BT:C}{\to }n=\frac{4}{3}$

$\Rightarrow$ Axit cacboxylic nhỏ hơn trong X là HCOOH: 0,2 mol $\Rightarrow$%m = 30,62%.

Chọn đáp án C.

Ta có: n_{este đơn} + n_{este 2 chức} = 0,08 mol và n_{2 este đơn} + 2n_{este 2 chức} = n_NaOH = 0,11 mol

$\Rightarrow$ n_{este đơn} = 0,05 mol; n_{este 2 chức} = 0,03 mol.

Ta có n_ancol = n_NaOH = 0,11 mol $\Rightarrow$ M_ancol = 49,8 $\Rightarrow$ C₂H₅OH (0,08) và C₃H₇OH (0,03)

Nhận thấy n_{este đơn} > nên este đơn chức không được tạo từ C₃H₇OH Þ este đơn chức có dạng RCOOC₂H₅ (0,05 mol).

Theo đề bài M_Y < M_Z nên Y có dạng R'(COOC₂H₅)₂ và Z có dạng R'(COOC₃H₇)₂.

Từ số mol các ancol suy ra: R'(COOC₂H₅)₂: 0,015 mol và  R'(COOC₃H₇)₂: 0,015 mol

Xét phản ứng đốt E với O₂ (0,58 mol) $\stackrel{}{\to }$ CO₂ (a mol) + H₂O (b mol)

BT O $\Rightarrow$ 0,05.2 + 0,03.4 + 0,58.2 = 2a + b và  = n_{este 2 chức} $\Rightarrow$ a - b = 0,03

Giải hệ trên được a = 0,47 và b = 0,44.

Giả sử gốc R có n nguyên tử C; gốc R' có m nguyên tử C.

BT C $\Rightarrow$ 0,05.(n + 3) + 0,015.(m + 6) + 0,015.(m + 8) = 0,47

$\Rightarrow$ 5n + 3m = 11 $\Rightarrow$ n = 1; m = 2 thỏa mãn.

Vậy Y là C₂H₄(COOC₂H₅)₂ có %m_Y bằng xấp xỉ 26%.

Chọn đáp án B.

Phương trình: $C{H}_{3}COOH+C{H}_{3}CH\left(C{H}_3\right)C{H}_{2}C{H}_{2}OH$$\rightleftarrows C{H}_{3}COOC{H}_{2}C{H}_{2}CH\left(C{H}_3\right)C{H}_3+H_{2}O$

                                                                                                  Isoamyl axetat (mùi chuối chín)

Phản này là phản ứng este hóa .

Hỗn hợp chất lỏng thu được có sự phân tách lớp do este ít tan và nổi lên trên.

H₂SO₄ đặc đóng vai trò chất xúc tác và làm tăng hiệu suất phản ứng.

Dùng nước lạnh hoặc dung dịch NaCl bão hòa với mục đích tạo sự phân tách lớp chất lỏng.

$\Rightarrow$ Các ý trên đều đúng.