25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án (Đề 15)

Đáp án B

Đáp án C

Điều chế kim loại kiềm bằng cách điện phân nóng chảy muối halogen của kim loại kiềm.

Đáp án D

Tầng ozon có tác dụng ngăn những ảnh hưởng xấu của tia cực tím xuống Trái Đất, bảo vệ con người và sinh vật tránh bức xạ có hại.

Đáp án A

Đáp án C

Đáp án B

CTCT thu gọn của glyxin: NH₂CH₂COOH.

Đáp án B

Đáp án C

Dây sắt cháy trong khí clo tạo thành tinh thể màu nâu đỏ là muối FeCl₃.

Đáp án B

Đáp án C

Theo dãy điện hóa của kim loại:

Zn2+  Fe2+  Cu2+  Fe3+  Ag+Zn        Fe          Cu          Fe2+    Ag

Nên Zn(NO₃)₂ sẽ không tác dụng với Fe.

Đáp án A

Đáp án D

Những chất có từ 2 nhóm – OH liền kề trở lên tác dụng được với Cu(OH)₂/NaOH tạo phức xanh lam như glixerol, etilen glicol, propan-1,2-diol, glucozo, saccarozo…

Đáp án A

nFeO=0,03 mol

Ta có:

Fe2+→Fe3++1e                            N+5+3e→N+2(NO)0,03                      0,03                                  0,03

BT e: ne(+)=ne(−)=0,03 mol

Nên nNO=0,033=0,01 mol

Vậy V=0,01.22,4=0,224   (1)

Đáp án C

2Al(OH)₃ →to Al₂O₃  + 3H₂O

nAl2O3=12.nAl(OH)3=12.15,678=0,1 mol⇒mAl2O3=10,2 gam

Đáp án A

Các chất phản ứng được với dung dịch NaOH: alanin, metylamoni clorua, phenol.

PTHH:

H₂N-CH(CH₃)-COOH   +   NaOH    →   H₂N-CH(CH₃)-COONa   + H₂O

CH₃NH₃Cl  + NaOH   →   CH₃NH₂  + NaCl  + H₂O

C₆H₅OH  + NaOH   →  C₆H₅ONa  + H₂O

Đáp án A

C6H10O5n→lên men2nCO2+2nC2H5OH

mancol=mkhoai.%tinh bột162n.H%.2n.46=1.70%162.85%.2.46=0,3338 tấn

Đáp án B

Xem như hỗn hợp gồm: glyxin và HCl tác dụng với KOH

HCl:0,2Glyxin:+KOH:0,3→KCl:0,2Gly−KnGlyxin=nNaOH−nHCl=0,1 mol=nGly−K→mr=0,2.74,5+0,1.113=26,2 gam

Đáp án A

Có 6 đồng phân

CH₂=CHCH₂CH₂CH₃

CH₃CH=CHCH₂CH₃   (2 đồng phân cis, trans)

CH₂=C(CH₃)CH₂CH₃

CH₃C(CH₃)=CH₂CH₃

CH₂=CHCH(CH₃)CH₃

Khi viết đồng phân của chất cần chú ý phân biệt đồng phân cấu tạo và đồng phân nói chung.

+ Đồng phân: bao gồm đồng phân cấu tạo và đồng phân hình học (đồng phân cis, trans).

+ Đồng phân cấu tạo: bao gồm đồng phân mạch cacbon (mạch hở, mạch vòng; phân nhánh, không phân nhánh), đồng phân loại nhóm chức, đồng phân vị trí nhóm chức.

Đáp án B

Na₂CO₃ + 2HCl   → 2NaCl + CO₂  + H₂O

2Na++CO32−+2H++2Cl−→2Na++2Cl−+CO2+H2OCO32−+2H+→CO2+H2O

Khi viết phương trình ion rút gọn, lưu ý những chất giữ nguyên bao gồm: kết tủa, khí, chất điện li yếu.

Đáp án C

(3) C₆H₁₂O₆  + 2AgNO₃ + 3NH₃ + H₂O →to Amoni gluconat + 2Ag  + NH₄NO₃

(2) C₆H₁₂O₆  + H₂  →to,,Ni C₆H₁₄O₆

(4) C₆H₁₂O₆ →lên men 2C₂H₅OH  + 2CO₂

(5) 6nCO₂  + 5nH₂O →as,clorophin C6H10O5n   + 6nO₂

(1) C6H10O5n + nH₂O →to,H+ nC₆H₁₂O₆

Đáp án D

Bản chất của phản ứng oxi hóa – khử:

Chất khử mạnh + chất oxi hóa mạnh → chất oxi hóa yếu + chất khử yếu.

2FeBr₂  + Br₂  →  2FeBr₃

Chứng tỏ: Tính khử của Fe²⁺ mạnh hơn của Br^-, tính oxi hóa của Br₂ mạnh hơn của Fe³⁺.

2NaBr  + Cl₂  → 2NaCl  + Br₂

Chứng tỏ: Tính oxi hóa của Cl₂ mạnh hơn của Br₂, tính khử của Br^- mạnh hơn của Cl^-.

Vậy tính oxi hóa:  Cl₂ > Br₂ > .

Đáp án D

HCOOCH₂-CH=CH₂

HCOOCH=CH-CH₃  (đồng phân hình học)

HCOOC(CH₃)=CH₂

CH₃COOCH=CH₂

Đáp án D

Poli (metyl metacrylat) được dùng để chế tạo thủy tinh hữu cơ, còn poli (vinyl clorua) là nhựa nhiệt dẻo.

Đáp án A

Cr₂O₃ tan được trong dung dịch NaOH đặc nóng.

Đáp án B

2Al+2H2O+2OH−→2AlO2−+3H20,2                                            0,02

Sau phản ứng, Al dư:

nH2=32nOH−=0,03 mol→VH2=0,672  (l)

Đáp án B

Đun X với dung dịch NaOH tạo ra hai muối và một ancol no, đơn chức, mạch hở nên X có công thức cấu tạo là: HCOOCH₂COOCH₃.

HCOOCH₂COOCH₃  + 2NaOH  →  HCOONa  + HOCH₂COONa  + CH₃OH

neste=mesteMeste=17,7118=0,15 mol

nNaOH=0,4 mol→NaOH dư.

nCH3OH=neste=0,15 mol

BTKL: meste+mNaOH=mr¾n+mancol

→mrắn=17,7+0,4.40−0,15.32=28.9 gam.

Đáp án C

Chất béo rắn thành phần chủ yếu chứa các axit béo no.

-    Các triglixerit chứa chủ yếu các gốc axit béo no thường là chất rắn ở nhiệt độ phòng, như mỡ động vật.

-         Các triglixerit chứa chủ yếu các gốc axit béo không no thường là chất lỏng ở nhiệt độ phòng và được gọi là dầu, thường có nguồn gốc thực vật hoặc từ động vật máu lạnh như dầu cá…

Đáp án B

NH₄Cl  + NaOH  →  NaCl  + NH₃  + H₂O

(NH₄)₃PO₄  + 3NaOH  → Na₃PO₄  + 3NH₃ + 3H₂O

AgNO₃  + NH₄Cl  →  AgCl +  NH₄NO₃

3AgNO₃ + (NH₄)₃PO₄  →  Ag₃PO₄ + 3NH₄NO₃

AgCl kết tủa trắng, Ag₃PO₄ kết tủa vàng.

Đáp án B

Mg          →Mg2+   +   2e                                 12H++NO3−+10e→N2+6H2O  x              →                                    2x                                                                                         0,3        0,03  Al        →Al3+  +   3e                                   10H++NO3−+8e→NH4++3H2O  y        →                                 3y                                                                                            8z                  z

BT  e: 2x+3y=0,3+8z   (1)

24x+27y=7,5    (2)mmuối=mMg(NO3)2+mAl(NO3)2+mNH4NO3→148x+213y+80z=54,9   (3)→x=0,2y=0,1z=0,05nHNO3=12nN2+10nNH4+=0,86→V=0,86   (l)

 Đối với bài toán của HNO₃, lưu ý với những kim loại có tính khử mạnh như Mg, Al, Zn thì sản phẩm khử thường có muối của NH4+.

Cần phân biệt 2 dữ kiện khí duy nhất hay sản phẩm khử duy nhất là khác nhau. Khi nói N₂ là khí duy nhất, sản phẩm khử có thể là NH4+, nhưng khi nó N₂ là sản phẩm khử duy nhất thì chắc chắn không có NH4+.

Đáp án D

k=nBr2nX=0,090,025=3,6CH≡C−CH=CH2:xCH≡C−C≡CH:yx+y=0,0253x+4y=0,09→x=0,01y=0,015mX=52.0,01+50.0,015=1,27  gammkt=mC4H3Ag+mC4Ag2=5,55  gammkt(2,54 g  X)=5,55.2=11,1  gam

Đáp án D

m  XNa2OAl2O3→H2ONaAlO2:0,1→CO2 dđ­AlOH3:nAl(OH)3=nNaAlO2=0,1   (BT  Al)→mAl(OH)3=7,8 gamBT  Al: nAl2O3=12nNaAlO2=0,05BT  Na: nNa2O=12nNaAlO2=0,05→m=mAl2O3+mNa2O=8,2  gam

Đáp án B

X tác dụng với NaHCO₃ tạo khí CO₂ nên X là axit.

CH₃COOH + NaHCO₃  → CH₃COONa  + CO₂  + H₂O

Y tác dụng với Na và phản ứng tráng gương nên vừa có OH vừa có CHO

Y là HOCH₂CHO

Z tác dụng được với dung dịch NaOH, không tác dụng được với Na nên Z là este: HCOOCH₃

Đáp án C

m    Mg→Cu(NO3)2:0,25AgNO3:0,119,44↓dd  XMg2+:xCu2+:yNO3−:0,6→8,4  Fe9,36  ↓

Sau khi cho Fe vào dung dịch X thì khối lượng kim loại tăng: 9,36−8,4=0,96 gam chính là sự chênh lệch giữa khối lượng Cu tạo thành và khối lượng Fe tan ra.

Cu2++Fe→Cu+Fe2+→64y−56y=0,96→y=0,12

BTĐT trong X: →2x+2y=0,6

→x=0,18

BTKL: m+mAg+mCu=m↓+mKL  (X)

→m=19,44+0,18.24+0,12.64−0,1.108−0,25.64=4,64 gam

Đáp án D

40,7  E→NaOH:2xF:ROH→Namb  ↑=22,25G:COONa:2x→O2:0,225Na2CO3:x16,55CO2H2O

Este được tạo thành từ ancol đơn chức thì nROH=nNaOH=2x

→ROH→Na12H2→mROH=mb  ↑+mH2=22,25+2xmG=mNa2CO3+mCO2+mH2O−mO2=106x+16,55−0,225.32=106x+9,35

BTKL: mE+mNaOH=mF+mG→40,7+40.2x=22,25+2x+106x+9,35→x=0,32516,55CO2:aH2O:b→44a+18b=16,552a+b=2.0,325.2+0,225.2−0,325.3  (BT.O)→a=0,325b=0,125mG=106x+9,35=43,8nC  (G):nNa2CO3+nCO2=0,65nNaOH−2x=0,65

Nhận thấy nNaOH=nC  (G) nên 2 muối chỉ có thể là: →GHCOONa:cCOONa2:d

→c+2d=0,65  (BT  Na)68c+134d=43,8  (mG)→c=0,25d=0,2mF=22,25+2x=22,9→MF¯=35,2→FCH3OH:0,5C2H5OH:0,15→EY:HCO​OC2H5:0,15X:HCO​OCH3:0,1Z:CH3O​OCCO​OCH3:0,2→%mY=28%

Khi xác định được nNaOH=nC (muối) thì muối đó chỉ có thể là một trong các muối sau: HCOONa. (COONa)₂.

Đáp án B

2R  + 2H₂O  →  2ROH  + H₂

_{nOH−=nR=8,97R→nH2=8,972R}

Khối lượng dung dịch tăng do khối lượng kim loại R cho vào nhiều hơn khối lượng kết tủa Al(OH)₃ tách ra và khối lượng khí H₂ thoát ra.

mR−mAl(OH)3−mH2=1,56→mAl(OH)3+mH2=7,41  (1)

Trường hợp 1: AlCl₃ dư

Al3++3OH−→AlOH3nAl(OH)3=nOH−3=8,973R

Thay vào (1) ta được:

8,973R.78+8,972R.2=7,41→R=32,6 (loại)

Trường hợp 2: AlCl₃ hết

Al3++3OH−→AlOH30,12           0,36                    0,12AlOH3            +        OH−   →  AlO2−+H2O8,97R−0,36←8,97R−0,36nAl(OH)3=0,12−8,97R−0,36

Thay vào (1) ta được:

78.0,12−8,97R−0,36+8,972R.2=7,41→R=23   (Na)

Đối với bất kì phản ứng hóa học nào thì sau phản ứng, khối lượng dung dịch tăng hay giảm đều do sự chênh lệch giữa lượng chất đưa vào và lượng chất tách ra khỏi dung dịch.

Đối với bài tập cụ thể trên, cần xác định được lượng chất đưa vào dung dịch là kim loại, chất tách ra khỏi dung dịch bao gồm kết tủa và khí.

Đáp án B

Những phát biểu đúng: (a), (c), (d), (e), (g).

(a) Đúng. Nước mía chứa saccarozo có thể hòa tan kết tủa Cu(OH)₂ tạo dung dịch xanh lam.

(b) Sai. Dầu thực vật là chất béo, còn dầu nhớt bôi trơn máy là hidrocacbon.

(e) Đúng. Tơ tằm là protein, dễ bị thủy phân trong môi trường kiềm.

(g) Đúng. Nọc kiến chứa HCOOH nên trung hòa bằng vôi tôi.

Đáp án A

24,04  AFeOFeNO32:0,07Fe(12nNO2)→toXFeO→H2SO4:0,36NaNO3NO:0,05Muối

BTKL: mX=mA−mNO2=17,6

4H++NO3−+3e→NO+2H2O2H++O2−→H2O→nH+=2nH2SO4=4nNO+2nO X→nO X=0,26→nFe X=17,6−0,26.1656=0,24

→AFeO:nFeO=nO X+2nNO2−6nFe(NO3)2=0,12  (BT  O)FeNO33:0,07Fe: 0,05  (BT​​Fe)nHNO3=4nNO+2nFeO=0,64→mdd  HNO3=200

BTKL: mA+mdd  HNO3=mdd  sau+mNO→mdd sau=221,04

YFeNO32:aFeNO32:b→a+b=0,243a+2b=0,07.2+0,64−0,1  (BT​​N)→a=0,04b=0,2→C%Fe(NO3)3=22%

Đáp án B

nNaOHneste=0,350,25=1,4 nên 2 este có 1 este của phenol và 1 este của ancol.

X phản ứng với NaOH thu được 3 chất hữu cơ nên công thức của 2 este là

HCOOC6H4CH3:cHCOOCH2C6H5:y→x+y=0,252x+y=0,35→x=0,1y=0,15HCOOC6H4CH3:0,1HCOOCH2C6H5:0,15→HCOONaCH3C6H4ONa:0,1→mCH3C6H4ONa=13 gamĐối với  bài tập este đơn chức tác dụng với dung dịch kiềm thì xác định nNaOHnestenhằm chứng minh este đó có phải là este của phenol hay không.

Đáp án D

Những phát biểu đúng: (3), (4), (5).

(1) Sai. Công thức của phèn chua là KAl(SO₄)₂.12H₂O

(2) Sai. Nếu dùng Ca(OH)₂ dư thì vẫn còn ion Ca²⁺ trong dung dịch sau. Phải dùng Ca(OH)₂ vừa đủ.

  -     Phèn chua có công thức: KAl(SO₄)₂.12H₂O hoặc K₂SO₄Al₂(SO₄)₃.24H₂O

-         Làm mềm nước cứng tạm thời bằng cách: dùng Ca(OH)₂ vừa đủ, NaOH, Na₂CO₂,…

Đáp án D

M¯amin=36,6→CH5N:aC2H7N:b→a+b=0,231a+45b=36,6.0,2→a=0,12b=0,08→XC2H5NH32CO3:0,04(12nC2H5NH2)CH3NH3O​OC−CO​ON​H3CH3:0,06(12nCH3NH2)→NaOhD:Na2CO3:0,04E:CO​ONa2:0,06→mE=0,06.134=8,04  gam