Hỗn hợp E gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều mạch hở). Cho m gam

30/40

Hỗn hợp E gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều mạch hở). Cho m gam E tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp T gồm muối của Gly, Ala và Val. Đốt cháy hoàn toàn T bằng O2 vừa đủ, dẫn toàn bộ khí và hơi vào bình đựng nước vôi trong dư, thấy khối lượng bình tăng 38,07 gam và có 2,24 lít khí (đktc) thoát ra. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam E, thu được N2, CO2 và 11,34 gam H2O. Giá trị của m là

17,19.

16,20.

15,21.

18,18.

Giải thích

Chọn đáp án B

Cách 1: Biến đổi peptit – giải đốt cháy kết hợp thủy phân

đốt muối T dạng CnH2nNO2Na + O2 → Na2CO3 + 38,07 gam CO2 + H2O + 0,1 mol N2.

⇒ có nT = 0,2 mol ⇒ nNaCO3= 0,1 mol ⇒ nC = nH2 = (38,07 + 0,1 × 44) ÷ (44 + 18) = 0,685 mol.

⇒ mT = 0,685 × 14 + 0,2 × (46 + 23) = 23,39 gam. Quan sát lại phản ứng thủy phân:

m gam E + 0,2 mol NaOH → 23,39 gam muối T + x mol H2O.

đốt m gam E cho 0,63 mol H2O ||⇒ bảo toàn H có 2x = 0,09 mol ⇒ x = 0,045 mol.

⇒ BTKL phản ứng thủy phân có m = 0,045 × 18 + 23,39 – 0,2 × 40 = 16,20 gam → Chọn B. ♦.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy E về C2H3NO, CH2, H2O ⇒ T gồm C2H3NO2Na và CH2.

⇒ nC2H3NO = nC2H4NO2Na = 2nN2 = 0,2 mol ⇒ nNaCO3 = 0,1 mol.

⇒ nH2O = (38,07 + 0,1 × 44) ÷ (44 + 18) = 0,685 mol ⇒ nCH2 = 0,285 mol.

Bảo toàn H có: nH2O trong E = (0,63 × 2 – 0,2 × 3 – 0,285 × 2) ÷ 2 = 0,045 mol.

⇒ m = 0,2 × 57 + 0,285 × 14 + 0,045 × 18 = 16,2 gam