Hỗn hợp E chứa 3 este (MX < MY < MZ) đều mạch hở, đơn chức và cùng được tạo thành

39/40

Hỗn hợp E chứa 3 este (M_X < M_Y < M_Z) đều mạch hở, đơn chức và cùng được tạo thành từ một ancol. Đốt cháy 9,34 gam E cần dùng vừa đủ 0,375 mol O₂. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn lượng E trên trong NaOH (dư) thu được 10,46 gam hỗn hợp muối. Biết số mol mỗi chất đều lớn hơn 0,014 mol. Phần trăm khối lượng của Y có trong E gần nhất với

25,0%

20,0%

30,0%

24,0%

Giải thích

Đáp án D. 24,0%

mE < m muối -> Gốc ancol < Na=23 -> CH3OH .Vì nNaOH=nCH3OH, bảo toàn khối lượng cho phản ứng xà phòng hóa →nE=0,14Trong phản ứng cháy, nCO2=a và nH2O=b→44a+18b=mE+mO2Và nO=2a+b=2nE+2nO2→a=0,35 và b = 0,33→Số C=2,5→ X là HCOOCH3 (x mol)→x≥0,07Y và Z là (Có thể không đúng thứ tự):CnH2n+2−2kO2y molCmH2m+2−2hO2z molnCO2=2x+my+mz=0,35nH2O=2x+n+1−ky+m+1−hz=0,33→nCO2−nH2O=yk−1+zh−1=0,02Do y>0,014,z>0,014→k=1→z=0,02Gộp 2 este no, đơn chức thành CpH2pO20,12 mol và este còn lại là CmH2m−2O20,02 mol→nCO2=0,12p+0,02m=0,35→12p+2m=35Do p>2 và m>4 nên có 2 nghiệm:

TH1: p=2,25 và m=4X:HCOOCH30,09Y:CH3COOCH30,03→%Y=23,77% (Chọn D)Z:CH2=CH−COOCH30,02Hoặc:X:HCOOCH30,105Y:CH2=CH−COOCH30,02→%Y=18,42%Z:C2H5−COO−CH30,015TH2: p=2512 và m=5: Loại vì số mol chất không thỏa mãn.