Hỗn hợp E chứa 3 este (MX < MY < MZ) đều mạch hở

40/40

Hỗn hợp E chứa 3 este (M_X < M_Y < M_Z) đều mạch hở, đơn chức và cùng được tạo thành từ một ancol. Đốt cháy 9,34 gam E cần dùng vừa đủ 0,375 mol O₂. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn lượng E trên trong NaOH (dư) thu được 10,46 gam hỗn hợp muối. Biết số mol mỗi chất đều lớn hơn 0,014 mol. Phần trăm khối lượng của Y có trong E gần nhất với:

25,0%

20,0%

30,0%

24,0%

Giải thích

Chọn D.

mE< m muối → Gốc ancol <Na=23→CH3OH.

Vì nNaOH=nCH3OH, bảo toàn khối lượng cho phản ứng xà phòng hóa →nE=0,14

Trong phản ứng cháy, nCO2=a và nH2O=b

→44a+18b=mE+mO2

Và nO=2a+b=2nE+2nO2

→a=0,35 và b = 0,33

→ Số C=2,5→ X là HCOOCH₃ (x mol)

→x≥0,07

Y và Z là (Có thể không đúng thứ tự):

CnH2n+2−2kO2y mol

CmH2m+2−2hO2z mol

nCO2=2x+my+mz=0,35

nH2O=2x+n+1−ky+m+1−hz=0,33

→nCO2−nH2O=yk−1+zh−1=0,02

Do y>0,014,z>0,014→k=1 và h=2

→z=0,02

Gộp 2 este no, đơn chức thành CpH2pO20,12 mol và este còn lại là CmH2m−2O20,02 mol

→nCO2=0,12p+0,02m=0,35

→12p+2m=35

Do p>2 và m≥4 nên có 2 nghiệm:

TH1: p=2,25 và m=4

X:HCOOCH30,09

Y:CH3COOCH30,03→%Y=23,77% (Chọn D)

Z:CH2=CH−COOCH30,02

Hoặc:

X:HCOOCH30,105

Y:CH2=CH−COOCH30,02→%Y=18,42%

Z:C2H5−COO−CH30,015

TH2: p=2512 và m=5: Loại vì số mol chất không thỏa mãn.