Cho nửa đường tròn tâm O đường kính AB và điểm C thuộc nửa đường tròn đó

1.Xét tứ giác BCMH có

\(\widehat {BCM} = \widehat {ACB} = {90^0}\)(góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)

\(\widehat {MHB} = {90^0}\) (vì \(MH \bot AB\))

Suy ra \(\widehat {BCM} + \widehat {MHB} = {180^0}\)nên tứ giác BCMH nội tiếp đường tròn.

2.Xét \(\Delta ACE\) và \(\Delta HCM\) có: \(\widehat {EAC} = \widehat {EBC}\)(Cùng chắn cung )

\(\widehat {MHC} = \widehat {EBC}\)(Cùng chắn cung )

Suy ra \(\widehat {EAC} = \widehat {MHC}{\rm{  }}\left( 1 \right)\)

Tương tự ta có \(\widehat {ACE} = \widehat {MCH}{\rm{  }}\left( 2 \right)\), (cùng bằng \(\widehat {ABE}\))

Từ \(\left( 1 \right)\) và \(\left( 2 \right)\) suy ra \(\Delta ACE\) ∽ \(\Delta HCM{\rm{  }}\left( {g - g} \right)\) (đpcm)

3.Chứng minh được tứ giác AEMH nội tiếp

Suy ra \(\widehat {CAB} = \widehat {MEH}\) (Cùng chắn cung )    

Mà \(\widehat {CAB} = \widehat {CEB}\) (Cùng chắn cung )    

Suy ra \(\widehat {CAB} = \widehat {MEH} = \widehat {CEB}\)

Ta có \(\widehat {COB} = 2.\widehat {CAB}\) (góc nội tiếp và góc ở tâm cùng chắn )

Do đó \(\widehat {COB} = 2.\widehat {CEB} = \widehat {CEH}\) nên tứ giác CEHO nội tiếp

Suy ra \(\widehat {HEO} = \widehat {HCO}\) và \(\widehat {EHC} = \widehat {EOC}\)

Nên \(\Delta EKH\) ∽ \(\Delta CKO{\rm{  }}\left( {g - g} \right)\)

\( \Rightarrow \frac{{KE}}{{KC}} = \frac{{KH}}{{KO}}\)\( \Rightarrow KE.KO = KC.KH\)