Cho các hợp chất hữu cơ mạch hở: Y, Z là hai peptit (MY < MZ) hơn

23/40

Cho các hợp chất hữu cơ mạch hở: Y, Z là hai peptit MY < MZhơn kém nhau một nguyên tử nitơ trong phân tử; X là este của aminoaxit. Cho 60,17 gam hỗn hợp E gồm X, Y và Z tác dụng vừa đủ với 0,73 mol NaOH, sau phản ứng thu được 73,75 gam ba muối của glyxin, alanin, valin (trong đó có 0,15 mol muối của alanin) và 14,72 gam ancol no, đơn chức. Mặt khác, đốt cháy 60,17 gam E trong O2 dư thu được CO2, N2 và 2,275 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Y có trong E là

22,14%.

17,20%.

11,47%.

14,76%.

Giải thích

Chọn đáp án B

► Quy E về C2H3NO, CH2 và H2O ⇒ nC2H3NO = nNaOH = 0,73 mol. Đặt nCH2 = x; nH2O = y.

mE = 0,73 × 57 + 14x + 18y = 60,17(g) || nH2O sản phẩm cháy = 0,73 × 1,5 + x + y = 2,275 mol.

||⇒ giải hệ có: x = 0,67 mol; y = 0,51 mol. Bảo toàn khối lượng:mH2O = 60,17 + 0,73 × 40 – 73,75 – 14,72 = 0,9(g).

⇒ ∑npeptit = nH2O = 0,05 mol ⇒ nancol = nX = 0,51 – 0,05 = 0,46 mol ⇒ Mancol = 14,72 ÷ 0,46 = 32 (CH₃OH).

⇒ nCH2/a.a = 0,67 – 0,46 = 0,21 mol ⇒ nVal = (0,21 – 0,15) ÷ 3 = 0,02 mol ⇒ nGly = 0,56 mol.

||⇒ X là este của Gly ⇒ peptit còn 0,1 mol Gly; 0,15 mol Ala và 0,02 mol Val ⇒ số mắt xích trung bình = 5,4.

⇒ Y là pentapeptit và Z là hexapeptit với số mol a và b ⇒ npeptit = a + b = 0,05; ngốc a.a = 5a + 6b = 0,27 mol.

⇒ a = 0,03 mol; b = 0,02 mol ||► Dễ thấy Z chứa 1 Val; nGly = 0,03 × 2 + 0,02 × 2 = 0,02 × 5.

TH1: nGly = 0,03 × 2 + 0,02 × 2 ⇒ Y là Gly2Ala3 và Z là Gly2Ala3Val ⇒ %m_Y = 17,2% ⇒ chọn B.

TH2: nGly = 0,02 × 5 ⇒ Y là Ala5 và Z là Gly5Val ⇒ %mY = 18,6%.