X, Y (MX < MY) là hai peptit, mạch hở đều được tạo bởi glyxin, alanin và valin

Đáp án D

Đun 20,78 gam E trong NaOH thu được 1,36 gam hỗn hợp F gồm 2 ancol và 28,52 gam muối khan.

Đốt cháy hoàn toàn T thu được 0,125 mol Na₂CO₃

_{→nNaOH=0,25 mol}

Bảo toàn khối lượng: 

mH2O=20,78+0,25.40-28,52-1,36=0,9

nH2O=0,05 mol=nX+nY

Do X, Y, Z cùng số C, gọi các CTPT của các chất lần lượt là:

X, Y có công thức chung C_nH_2n+2-kN_kO_k+1 0,05 mol.

Z là C_nH_2n-2hO_2h z mol

Với k là số N trung bình của X, Y và h là số nhóm chức COO của Z.

Phản ứng đốt cháy

CnH2n+2-kNkOk+1+(1,5n-0,75k)O2→nCO2+(n+1-0,5k)H2O+0,5kN2

CnH2n-2hO2h+(1,5n-1,5h)O2→nCO2+(n-h)H2O

Ta có: 

nNaOH=0,05k+hznO2=0,05(1,5n-0,75k)+z(1,5n-1,5h)=1,14mE=0,05(14n+29k+18)+z(14n+30h)=20,78

Giải hệ: k=4,4; hz=0,03; 0,05n+zn=0,09

Với h=2 thì n=13,8 (loại); h=3 thì n=15 thỏa mãn.

CTCT có thể của X, Y có thể là:

X là GlyAla(Val)₂ 0,03 mol và Y là (Gly)₂(Ala)₂Val 0,02 mol (dựa vào số N giải ra được số mol).

Ta có z=0,01 ⇒nF=0,03→MF-=1363

F chứa 2 ancol vậy một ancol sẽ có số mol gấp đôi ancol còn lại.

Dựa vào Mtb nên F chứa CH₃OH.

Ta thấy 32.2 + 72=136 thỏa mãn ancol còn lại là C₄H₇OH

→%C4H7OH=72136=52,94%