X, Y là 2 axit cacboxylic đều mạch hở, Z là ancol no, T là este hai chức

39/40

X, Y là 2 axit cacboxylic đều mạch hở, Z là ancol no, T là este hai chức, mạch hở được tạo ra bởi Z, Y, Z. Đun nóng 38,86 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T với 400 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được ancol Z và hỗn hợp F gồm 2 muối có tỉ lệ mol 1:1. Dần toàn bộ Z qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 19,24 gam, đồng thời thu được 5,824 lít khí H₂ (đktc). Đốt cháy hoàn toàn F cần dùng 0,7 mol O₂, thu được CO₂, Na₂CO₃ và 0,4 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của T trong hỗn hợp E là

8,88%.

26,4%.

13,90%.

50,82%.

Giải thích

Đáp án D

Phương pháp: Đề bài cho rõ các chất thuộc loại gì nên ta chỉ việc đặt CTPT các chất và tính toán bình thường.

Ta xác định công thức của ancol trước: R(OH)₂.

nancol=nH2=0,26molmbình tăng=mancol-mH2=19,24⇒mancol=19,76⇒Mancol=18,240,26=76

⇒R+34=76⇒R=42C3H6⇒ ancol là C3H6OH2.→BTNTNanNa2CO3=12nNaOH=0,2molnR¯COONa=nNaOH=0,4mol.→BTKLmE+mNaOH=mmuoi+mancol+mH2O

Đặt CTPT TB của muối là R¯COONa

→BTNTO2nmuoi+2.nO2=2.nCO2+3.nNa2CO3+nH2O⇒nCO2=122.0,4+2.0,7-3.0,2-0,4=0,6⇒C¯muoi=0,6+0,20,4=2

⇒một muối là HCOONa (0,2 mol).

Mà 2 muối có cùng số mol nên C¯muoi=1+Cmuoi 22=2

⇒Cmuoi 2=3⇒ muối còn lại là CHy2COONa0,2mol

BTNTH:nH muoi=nHH2O⇔0,2.1+0,2.y=0,4.2⇒y=3

⇒Muối còn lại là C₂H₃COONa

E gồm X:HCOOH:xmolY:C2H3COOH:xmolZ:C3H6OH2:zmolT:HCOO-C3H6-OOC2H3:tmol

x+t=0,2z+t=0,2646x+72x+76z+158t=38,86⇒x=0,075z=0,135t=0,125⇒%mT=0,125.15838,86.100=50,82%