Hỗn hợp X gồm hai este no, mạch hở. Cho X tác dụng với dung dịch NaOH

20/20

Hỗn hợp X gồm hai este no, mạch hở. Cho X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp Z gồm 2 ancol (số nguyên tử cacbon trong mỗi phân tử ancol không vượt quá 3) và 12,3 gam muối của một axit cacboxylic (muối Y). Đốt cháy hoàn toàn Y thu được 7,95 gam Na₂CO₃. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn Z thu được 3,36 lít khí CO₂ (đktc) và 4,32 gam H₂O. Tính phần trăm khối lượng của este có khối lượng phân tử lớn hơn trong X.

Nhập câu trả lời ở đây

0/3000 ký tự

Giải thích

X: 2 este no, mạch hở

X→NaOHhh Z: 2 ancol (C≤3) →t0CO2(0,15)+H2O(0,24)12,3 g RCOONa (Y) →t0Na2CO3(0,075)

Bảo toàn nguyên tố Na:

nRCOONa=2×0,075=0,15

Suy ra MRCOONa=12,30,15=82 vậy R = 15: CH₃

Este no, hở nên ancol no, hở: Cn¯H2n¯+2Ox¯

Cn¯H2n¯+2Ox¯→t0n¯CO2+(n¯+1)H2O 0,15 0,24

⇒n¯=53≈1,67, vậy 1 ancol là CH₃OH.

CH3OH(a mol)CnH2n+2Ox(b mol) vậy XCH3COOCH3 (a mol)(CH3COO)xR' (b mol)

Bảo toàn nguyên tố C có: a + nb = 0,15 (1)

Bảo toàn nguyên tố H có: 4a + 2nb + 2b = 0,48 (2)

Lại có: n_muối = a + xb = 0,15 (3)

Từ (1,3) suy ra n = x (số C = số nhóm OH)

Trường hợp 1:

n = x = 2 vậy a = 0,03; b = 0,06

Ta có X CH3COOCH3 (0,03 mol)(CH3COOH)2C2H4 (0,06 mol)

%m(CH3COO)2C2H4=0,06×1460,06×146+0,03×74×100%=79,78%

Trường hợp 2: n = x = 3 vậy a = 0,06; b = 0,03

Ta có: X CH3COOCH3 (0,06 mol)C3H5 (0,03 mol)

%m(CH3COO)3C3H5=0,03×2180,03×218+0,06×74×100%=59,56%