Hỗn hợp E gồm amin X (bậc III, no, đơn chức, mạch hở), anken Y và một ankin Z (số nguyên tử cacbon

39/40

Hỗn hợp E gồm amin X (bậc III, no, đơn chức, mạch hở), anken Y và một ankin Z (số nguyên tử cacbon trong Z lớn hơn số nguyên tử cacbon trong Y, tỉ lệ mol giữa Y và Z tương ứng là 3 : 2). Đốt cháy hoàn toàn 11,15 gam hỗn hợp E cần dùng 35,6 gam O₂, thu được hỗn hợp F gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn toàn bộ F qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư đến phản ứng hoàn toàn thấy khối lượng bình tăng thêm 46,05 gam. Phần trăm số mol của anken Y trong E là

25%.

50%.

75%.

20%.

Giải thích

Chọn B

nO2=1,1125;nCO2=u và nH2O=v

—> 44u + 18v = 46,05

Bảo toàn O —> 2u + v = 1,1125.2

—> u = 0,75; v = 0,725

Amin = CH₅N + kCH₂

Anken = C₂H₄ + gCH₂

Ankin = C₂H₂ + hCH₂

Quy đổi E thành CH₅N (a), C₂H₄ (3b), C₂H₂ (2b), CH₂ (c)

mE = 31a + 28.3b + 26.2b + 14c = 11,15

nCO2 = a + 2.3b + 2.2b + c = 0,75

nH2O = 2,5a + 2.3b + 2b + c = 0,725

—> a = 0,05; b = 0,05; c = 0,2

nCH2 = 0,05k + 0,15g + 0,1h = 0,2

—> k + 3g + 2h = 4

Với k ≥ 2; g < h —> k = 2, g = 0, h = 1 là nghiệm duy nhất.

E gồm (CH₃)₃N (0,05), C₂H₄ (0,15) và C₃H₄ (0,1)

—>%nC2H4 = 50%