Xét muối T chứa:n_O = \[\frac{{18,4.41,739\% }}{{16}}\]= 0,48 mol® n_COONa = 0,24 mol = n_Na

và n_H = \[\frac{{18,4.2,174\% }}{1}\] = 0,4 mol Þ m_C = m_T – m_O – m_Na – m_H = 4,8 Þ n_C = 0,4 mol

Quy đổi T thành COONa (0,24 mol), C (0,16 mol) và H (0,4 mol)

Các muối đều no và n_H > 2n_C nên có cả muối đơn chức và đa chức. Mặt khác các muối có cùng số mol và không chứa HCOONa Þ T gồm CH₃COONa (0,08 mol) và CH₂(COONa)₂(0,08 mol) (giải hệ tìm mol)

Bảo toàn khối lượng: 16,34 + 0,24.40 = 18,4 + m_a_ncolÞm_a_ncol= 7,54g

Ta có: n_C(E) = \[\frac{{16,34.47\% }}{{12}}\] = 0,64 mol Þn_C_(ancol) = 0,64 – (0,24 + 0,16) = 0,24 mol (bảo toàn C)

n_O_H_(ancol) = n_NaOH = 0,24 mol; nhận thấy n_C_(ancol) =n_O_H_(ancol)Þ hai ancol có dạng C_xH_y(OH)_x

Ta chọn ancol CH₃OH và C₂H₄(OH)₂ hoặc CH₃OH và C₃H₅(OH)₃

Lập hệ pt hai ẩn liên quan đến n_OH và m_ancol Þ CH₃OH (0,1 mol) và C₂H₄(OH)₂ (0,07 mol)

Trường hợp CH₃OH và C₃H₅(OH)₃ là trường hợp sai vì E mạch hở và M < 234.

X là CH₂(COOCH₃)₂: a mol

Y là (CH₃COO)₂C₂H₄: b mol

Z là CH₃COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₂-COO-CH₃: c mol

\(\left\{ \begin{array}{l}2a + 2b + 3c = {n_{COO}} = 0,24\\a + c = {n_{C{H_2}{{\left( {COONa} \right)}_2}}} = 0,08\\b + c = {n_{{C_2}{H_4}{{\left( {OH} \right)}_2}}} = 0,07\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}a = 0,02\\b = 0,01\\c = 0,06\end{array} \right.\)Þm_Z = 0,06.204 = 12,24 gam

Cho Fe vào dung dịch H2SO4 (đặc nóng, dư) thu được dung dịch X. Thêm tiếp NaOH dư vào X, thu được kết tủa Y. Công thức của Y là